2022-2023学年河北省大名一中物理高一第一学期期末检测模拟试题含解析

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1、2022-2023学年高一上物理期末模拟试卷考生请注意：1答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。2第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。3考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1、如图所示，在教室里某同学站在体重计上研究超重与失重她由稳定的站姿变化到稳定的蹲姿称为“下蹲”

2、过程；由稳定的蹲姿变化到稳定的站姿称为“起立”过程关于她的实验现象，下列说法中正确的是( )A.只有“起立”过程，才能出现超重的现象B.只有“下蹲”过程，才能出现失重的现象C.“下蹲”过程，先出现超重现象后出现失重现象D.“起立”、“下蹲”的过程，都能出现超重和失重的现象2、类比是一种常用的研究方法，对于直线运动，我们学习了由v-t图象求位移的方法。如图所示，甲、乙两个物体静止开始做某直线运动时的v-t图象、a-t图象，根据图象，可以判断以下说法正确的是（ ）A.甲物体在5s末回到了出发点B.甲物体在5s内的位移是9mC.乙物体在1s末的速度是1m/sD.乙物体在4s末的速度是2m/s3、如图

3、所示，质量分别为2m和m的两个小球A、B间用轻弹簧相连，用细线拉着小球A使它们一起竖直向上做匀加速直线运动，加速度大小为g(g为重力加速度)，某时刻突然撤去拉力F，则在撤去拉力F的瞬间，A、B两球的加速度大小分别为A.g， gB.2g， gC.3g，0D.2g，04、物体以初速度v开始沿斜面下滑，做匀加速直线运动，到达水平面时速度为3v，然后在水平地面上做匀减速直线运动直至停止。物体在斜面上的位移和水平面上的位移大小之比是8：9，则物体在斜面上和在水平面上的运动时间之比为（ ）A.1：2B.2：1C.2：3D.3：25、如图所示，一个热气球与沙包的总质量为m，在空气中以大小为的加速度加速下降，

4、为了使它匀速下降，则应该抛掉的沙的质量为（假定空气对热气球的浮力恒定，空气的其它作用忽略不计）A.B.C.D.6、如图所示是某工厂所采用的小型生产流水线示意图，机器生产出的物体源源不断地从出口处以水平速度v0滑向一粗糙的水平传送带，最后从传送带上落下装箱打包假设传送带静止不动时，物体滑到传送带右端的速度为v，最后物体落在P处的箱包中下列说法正确的是()A.若传送带随皮带轮顺时针方向转动起来，且传送带速度小于v，物体仍落在P点B.若传送带随皮带轮顺时针方向转动起来，且传送带速度大于v0，物体仍落在P点C.若传送带随皮带轮顺时针方向转动起来，且传送带速度大于v，物体仍落在P点D.若由于操作不慎，传

5、送带随皮带轮逆时针方向转动起来，物体仍落在P点7、汽车以速度v0沿平直的水平面向右匀速运动，通过定滑轮（不计滑轮的不质量和摩擦）把质量为M的重物向上提起，某时刻汽车后面的绳子与水平方向的夹角为，如图所示则下列说法正确的是（）A.此时重物的速度大小为B.重物上升的速度越来越小C.由于汽车做匀速运动，所以重物也是匀速上升D.绳子中的拉力大于重物的重力8、在某次军事演习中，空降兵从悬停在空中的直升机上跳下，当下落到距离地面适当高度时，打开降落伞，最终安全到达地面，空降兵从跳离飞机到安全到达地面的过程中在竖直方向的v-t图像如图所示，则以下判断正确的是（）A.空降兵在0到t1时间内做自由落体运动B.空

6、降兵在t1到t2时间内加速度方向竖直向上，大小在逐渐减小C.空降兵在0到t1时间内的平均速度是 D.空降兵在t1到t2时间内的平均速度小于9、如图所示，在光滑水平桌面的一端固定一个定滑轮，用轻绳跨过定滑轮将质量为，的两个物体A，B相连。不计轻绳与滑轮之间的摩擦，取放手后两物体开始运动，在两物体运动过程中（）A.轻绳的拉力等于物体A的重力B.轻绳的拉力小于物体A的重力C.A、B两物体的加速度大小为D.A、B两物体的加速度大小为10、如图，滑块a、b的质量均为，a套在固定竖直杆上，与光滑水平地面相距，b放在地面上，a、b通过铰链用刚性轻杆连接，由静止开始运动。不计摩擦，a、b可视为质点，重力加速度

7、大小为。则（）A.a落地前，轻杆对b一直做正功B.a落地时速度大小为C.a下落过程中，其加速度大小始终不大于gD.a落地前，当a的机械能最小时，b对地面的压力大小为二、实验题11、（4分）如图所示为“探究合力与分力的关系”实验，其中A为固定橡皮条的图钉，P为橡皮条与细绳的结点，实验中，第一次用两个弹簧测力计互成角度地拉橡皮条，第二次用一个弹簧测力计拉橡皮条（1）本实验采用的科学方法是_； A理想实验法 B等效替代法 C控制变量法 D建立物理模型法（2）从图中可读得弹簧测力计B的示数为_ N；（3）对实验操作过程，下列说法正确的是_A两次拉伸橡皮条只要做到伸长量相同就行B拉橡皮条的两细绳要稍长些

8、C两分力F1、F2夹角应尽可能的大D两分力F1、F2的大小应适当大些12、（10分）某同学利用图甲所示的实验装置，探究小车在均匀长木板上的运动规律。(1)在小车做匀加速直线运动时打出一条纸带，已知打点计时器所用电源的频率为50 Hz，图乙中所示的是每打5个点所取的计数点，由图中数据可求得：小车的加速度为_m/s2（结果保留2位有效数字） (2)若用该实验装置“探究a与F、M之间的关系”，小车质量为M，要用钩码(质量用m表示)的重力表示小车所受的细线拉力，需满足_。（3）满足此条件做实验时，得到一系列加速度a与合外力F的对应数据，画出a-F关系图象，如图丙所示，若不计滑轮摩擦及纸带阻力的影响，由

9、图象可知，实验操作中不当之处为_。 （4）如果实验时，在小车和钩码之间接一个不计质量的微型力传感器用来测量拉力F，如图丁所示，从理论上分析，是否还需要满足（2）问中的条件_（填“是”或者“否”）。与（3）问中所做的图像对比，该实验图线的斜率将_(填“变大”“变小”或“不变”)。三、计算题：解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤只写出最后答案的不能得分有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位13、（9分）如图所示，光滑水平面上质量为m光滑圆柱体放在质量为M且形状对称的V形槽中。截面如图所示，它们的左边接触处为A。用一细绳拴住V形槽，细绳平行于桌面，另一端通过定滑轮垂下一重物，不计各

10、种摩擦及滑轮质量。求解以下问题：（重力加速度为g）（1）若三者保持相对静止，求系统的加速度和绳上的拉力。（2）若，欲使圆柱体在运动中不离开V形槽，重物最大不能超过多少？（3）若不论多大，圆柱体都不能离开V形槽，求的取值范围。14、（14分）如图甲所示，一种巨型娱乐器械可以使人体验超重和失重。一个可乘坐二十多个人的环形座舱套装在竖直柱子上，由升降机送上76m的高处，然后让座舱自由落下，不计阻力。落到离地面31m时，制动系统启动，座舱做匀减速运动到离地面1m时刚好停下。（g=10m/s2，竖直向下为正方向）求：(1)自由下落的时间t；(2)在图乙中定量画出座舱在整个下落过程中运动的v-t图像；(3

11、)若座舱中某人用手托着质量为0.2kg的手机，当座舱下落到离地面15m的位置时，求手机对手的压力F的大小。15、（13分）如图所示，BC是半径 m且竖直放置的光滑细圆管，O为细圆管的圆心，在细圆管的末端C连接倾角为45、动摩擦因数=0.6的足够长粗糙斜面。一质量为m=0.5 kg的小球从O点正上方某处A点以v0水平抛出后，恰好能垂直OB从B点进入细圆管，小球从进入圆管开始受到始终竖直向上的力F=5 N的作用，当小球运动到圆管的末端C时作用力F立即消失，小球能平滑地冲上粗糙斜面。(取g=10 m/s2)，不计空气阻力 (1)小球从A点水平抛出的初速度v0为多少；(2)小球在圆管中运动时对圆管的压

12、力是多少；(3)小球在CD斜面上运动的最大位移是多少。参考答案一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1、D【解析】人从下蹲状态站起来过程中，先向上做加速运动，后向上做减速运动，最后回到静止状态，根据加速度方向，来判断人处于超重还是失重状态同样可分析下蹲过程的运动情况【详解】下蹲过程中，人先向下做加速运动，后向下做减速运动，所以先处于失重状态后处于超重状态；人从下蹲状态站起来的过程中，先向上做加速运动，后向上做减速运动，最后回到静止状态，人先处于超重状态

13、后处于失重状态，故ABC错误，D正确，故选D【点睛】对于超重还是失重的判断，关键取决于加速度的方向：当物体的加速度向上时，处于超重状态；当加速度方向向下时，处于失重状态2、C【解析】A由图甲可知，前5s内甲物体的速度方向不变，位移不为零，故A错误；B图像与时间轴所围面积表示位移，即为故B错误；C图像与时间轴所围面积表示速度变化量，所以乙在1s末的速度为故C正确；D内乙物体的做匀加速直线运动，由速度公式可得故D错误。故选C。3、B【解析】根据隔离法，结合牛顿第二定律求出弹簧的弹力，撤去F的瞬间，弹簧的弹力不变，隔离对A、B分析，根据牛顿第二定律求出A、B的瞬时加速度。【详解】对B分析，根据牛顿第

14、二定律得：弹簧的弹力为：撤去F的瞬间，弹簧的弹力不变，隔离对A分析，A的加速度为： 解得：撤去F的瞬间，隔离对B分析，弹簧的弹力保持不变，B加速度为：解得：故选B。【点睛】本题考查了牛顿第二定律的瞬时问题，知道撤去F的瞬间，弹簧的弹力不变，通过隔离分析求出瞬时加速度。4、C【解析】设到达底端的速度为v，根据平均速度的推论知，在斜面上的位移：在水平面上的位移：则时间之比：，故C正确，ABD错误。故选：C。5、A【解析】物体加速下降时，它受到重力与空气的浮力作用，则mgF浮=ma则F浮=为了使它匀速下降，则物体应该受到平衡力的作用，即重力应等于浮力，即变为，故应该抛掉的沙的质量为。故选A。6、AD

15、【解析】若传送带随皮带轮顺时针方向转动起来，且传送带速度小于v，则物体做匀减速直线运动，到达右端时速度为v，物体做平抛运动，仍然落在P点故A正确若传送带随皮带顺时针方向转动起来，且传送带速度大于v0，物体先做匀加速直线运动，当速度达到传送带速度时，做匀速直线运动，可知到达右端的速度大于v0物体落地点在P点的右侧故B错误若传送带随皮带顺时针方向转动起来，且传送带速度大于v，可知物体最终的速度大于v，做平抛运动将落在P点的右侧故C错误若传送带逆时针转动，物体做匀减速直线运动，到达右端的速度为v，做平抛运动将仍然落在P点故D正确故选AD考点：平抛运动；牛顿第二定律【名师点睛】解决本题的关键知道物体离

16、开传送带做平抛运动，水平距离由离开的初速度决定，以及会通过物体的受力判断物体的运动7、AD【解析】A此时汽车速度分解如图重物的速度是沿绳子方向的速度，其大小为故A正确；BC汽车向右运动过程中，逐渐减小，逐渐增大，所以重物的速度越来越大，重物做加速运动，故BC错误；D由牛顿第二定律可知，绳子中的拉力大于重物的重力，故D正确。故选AD8、BD【解析】A在0到t1时间内图像的斜率在减小，加速度在减小，所以空降兵不是做自由落体运动，故A错误；B在t1到t2时间内的速度为正在减小，所以空降兵做竖直向下的减速运动，因此加速度方向竖直向上，又因为图线的斜率在减小，所以加速度在减小，故B正确；C从图像可知空降

17、兵在0到t1时间内的位移大于从速度为0做匀变速运动到v2的位移，所以平均速度大于，故C错误；D空降兵在t1到t2时间内的的位移小于从速度为v2做匀减速运动到v1的位移，所以平均速度小于，故D正确。故选BD。9、BC【解析】由题意可知对A分析根据牛顿第二定律有对B分析根据牛顿第二定律有代入数据联立解得a=0.5m/s2，T=4.75N，即轻绳的拉力小于物体A的重力，故BC正确，AD错误。故选BC。10、BD【解析】A当a到达底端时，b的速度为零，b的速度在整个过程中，先增大后减小，动能先增大后减小，所以轻杆对b先做正功，后做负功，故A错误；Ba运动到最低点时，b速度为零，根据系统机械能守恒定律得

18、解得故B正确；Cb的速度在整个过程中，先增大后减小，所以a对b的作用力先是动力后是阻力，所以b对a的作用力就先是阻力后是动力，所以在b减速的过程中，b对a是向下的拉力，此时a的加速度大于重力加速度，故C错误；Dab整体的机械能守恒，当a的机械能最小时，b的速度最大，此时b受到a的推力为零，b只受到重力的作用，所以b对地面的压力大小为，故D正确。故选BD。二、实验题11、 .（1）B .（2）3.8N .（3）BD【解析】（1）在物理方法中，等效替代法是一种常用的方法，它是指用一种情况来等效替换另一种情况如质点、平均速度、合力与分力、等效电路、等效电阻等；（2）本题根据“验证力的平行四边形定则”

19、实验的原理及注意事项进行分析解答【详解】（1）本实验中两个拉力的作用效果和一个拉力的作用效果相同，采用的科学方法是等效替代法；故选B；（2）从图中可读得弹簧测力计B的示数为3.8N；（3）两次拉伸橡皮条必须要把橡皮筋的结点拉到同一点，即要做到伸长量和方向都相同，选项A错误；拉橡皮条的两细绳要稍长些，从而可以减小记录拉力方向的误差，选项B正确；而夹角太大将会导至合力过小，故夹角不能太大，故C错误；两分力F1、F2的大小应适当大些，这样可减小实验误差，选项D正确；故选BD.【点睛】本实验采用的是等效替代的方法，即一个合力与几个分力共同作用的效果相同，可以互相替代；同时明确实验原理是对实验的基本要求

20、，要围绕实验原理分析实验步骤，注意事项等问题12、 .0.48m/s .Mm .没有平衡摩擦力或平衡摩擦力不足 .否 .变大【解析】(1)1由于每5个计时点取一个计数点，所以相邻的计数点间的时间间隔t=0.025=0.1s由逐差法得(2)2根据牛顿第二定律得：对m：对M：解得由此可知当时，即当钩码的总质量要远小于小车的质量，绳子的拉力近似等于钩码的总重力；(3)3当有拉力时，物体加速度仍为零，可知：没有平衡摩擦力或平衡摩擦力不足；(4)4由于有拉力传感器，所以不需要满足钩码的总质量要远小于小车的质量；5根据牛顿第二定律得，知图线的斜率表示质量的倒数挂重物时，图线的斜率表示系统质量的倒数，用力传

21、感器时，加速度，图线的斜率表示小车质量M的倒数，可知图线的斜率变大三、计算题：解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤只写出最后答案的不能得分有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位13、（1）（2）（3）【解析】（1）方法一：三者保持相对静止，对m1gT=m1a对M和mT=（Mm）a解得方法二：对M，m，整体对M，m解得.（2）对m，小球与B点脱离接触时受力分析图对整体.（3）对整体整体加速度最大值不超过g，即对m14、 (1)3s (2) (3)5N【解析】(1)根据自由落体运动：解得：(2)物体自由下落3s后的速度：物体减速运动的时间座舱在整个下落的过程中运动的v-t图像如图

22、：(3)座舱落到离地15m时，加速度方向向上，加速度的大小以手机为研究对象，根据牛顿第二定律：解得：根据牛顿第三定律：手机对手的压力F=5N15、 (1)2 m/s(2)5 N(3) m【解析】(1)小球从A运动到B为平抛运动，有rsin 45=v0t在B点tan 45=联立以上两式解得v0=2 m/s(2)在B点根据平抛运动的速度规律，有vB=2m/s对小球受力分析，小球在管中受三个力的作用，因为重力与外加的力F平衡，所以小球所受的合力仅为管的外轨对它的压力，即小球在管中做匀速圆周运动，由圆周运动的规律知圆管对小球的作用力为FN=5 N根据牛顿第三定律得小球对圆管的压力FN=FN=5N(3)小球在CD上滑行到最高点的过程中，根据牛顿第二定律，有mgsin 45mgcos 45=ma解得a=8 m/s2因为小球在圆管中做匀速圆周运动，所以小球运动到圆管末端C时的速度大小为vC=vB=2 m/s根据匀变速直线运动的速度与位移的关系公式，有x=m