2022年广东省广州荔湾区广雅中学物理高一上期末经典模拟试题含解析

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1、2022-2023学年高一上物理期末模拟试卷注意事项1考生要认真填写考场号和座位序号。2试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B 铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）1、如图所示，将足球用网兜挂在光滑的墙壁上，设绳对球的拉力为，墙壁对球的支持力为，当细绳长度变短时() A.，均不变B.减小，增大C.，均增大D.

2、，均减小2、一物体在做匀变速直线运动，已知加速度的大小为4m/s2，则下列说法正确的是（ ）A.物体的末速度一定是初速度的4倍B.任意1s内速度均增大4m/sC.某1s末速度可能比前1s的末速度小4m/sD.某1s的平均速度一定比前1s的平均速度大4m/s3、如图所示，带有光滑竖直杆的三角形斜劈固定在水平地面上，放置于斜劈上的光滑小球与套在竖直杆上的小滑块用轻绳连接，开始时轻绳与斜劈平行。现给小滑块施加一个竖直向上的拉力，使小滑块沿杆缓慢上升，整个过程中小球始终未脱离斜劈，则有（ ）A.小球对斜劈的压力保持不变B.轻绳对小球的拉力先减小后增大C.竖直杆对小滑块的弹力先增大再减小D.对小滑块施加

3、的竖直向上的拉力逐渐增大4、关于速度、加速度、合力间的关系，正确的是A.物体的速度越大，则物体的加速度越大，所受合力也越大B.物体的速度为零，则物体的加速度一定为零，所受合力也为零C.物体的速度为零，加速度可能很大，但所受的合力一定为零D.物体的速度很大，加速度可能为零，所受的合力也可能为零5、某质点从静止开始做匀加速直线运动，已知第3秒内通过的位移是x，则质点前两秒内通过的位移为A.xB.0.5xC.0.8xD.1.8x6、如图所示，直线a和曲线b分别是在平行的平直公路上行驶的汽车a和b的速度一时间（v-t）图线，在t1时刻两车刚好在同一位置（并排行驶），在t1到t3这段时间内( )A.在t

4、2时刻，两车相距最远B.在t3时刻，两车相相遇C.a车加速度均匀增大，b车加速度逐渐增大D.a车的位移大于b车的位移7、如图所示，质量均为1kg的木块A和B，由一个劲度系数为100N/m的轻质弹簧连接，最初系统静止，现用力竖直向上缓慢拉A直到B刚好离开地面，下列说法正确的是（整个过程弹簧都在弹性限度内，g取10m/s2）（）A.最初系统静止时，弹簧处于原长状态B.B木块刚离开地面时，受到的弹簧弹力和重力恰好大小相等C.B木块刚离开地面时，弹簧相对于原长伸长了10cmD.初始状态和末状态，弹簧的弹力大小不相等8、如图所示，甲、乙两小球从高度不同的两点分别以初速度v甲、v乙沿水平方向抛出，经时间t

5、甲、t乙后落到地面上的同一点p已知p点与两抛出点水平距离相等，若不计空气阻力，下列关系式正确的是A.t甲t乙C.v甲v乙D.v甲v乙9、小明在社会实践时发现一口深井。为了估测井口到水面的距离，小明将一小石块从井口由静止释放，同时利用智能手机开始计时，经过约2.0s听到石块击水的声音。已知当地的重力加速度大小为10m/s2，则（）A.该井口到水面的距离约为10mB.该井口到水面的距离约为20mC.石块到水面时速度约为10m/sD.石块到水面时速度约为20m/s10、细绳拴一个质量为m的小球，小球用固定在墙上的水平轻质弹簧支撑，小球与弹簧不粘连，平衡时细绳与竖直方向的夹角为53，如右图所示(已知

6、cos530.6，sin530.8)以下说法正确的是( )A.小球静止时弹簧的弹力大小为mgB.小球静止时细绳的拉力大小为mgC.细线烧断瞬间小球的加速度立即为gD.细线烧断瞬间小球的加速度立即为g11、图中甲为“探究求合力的方法”的实验装置，OA为橡皮条，OB、OC分别为细轻绳下列说法中正确的是()A.在测量同一组数据F1、F2和合力F的过程中，拉橡皮条结点到达的位置O不能变化B.用弹簧测力计拉细绳时，拉力方向必须竖直向下C.F1、F2和合力F的大小都不能超过弹簧测力计的量程D.某次操作时，一只弹簧测力计指针如图乙所示，根据读数规则，由图可知拉力的大小为4N12、质量分别为2kg和3kg的物

7、块A、B放在光滑水平面上并用轻质弹簧相连，如图所示，今用大小为作用在A上使AB相对静止一起向前匀加速运动，则下列说法正确的是A.弹簧的弹力大小等于8NB.弹簧的弹力大小等于12NC.突然撤去F瞬间，A的加速度大小为0D.突然撤去F瞬间，B的加速度大小为4二填空题(每小题6分，共18分)13、为了用弹簧测力计测定两木块A和B间的动摩擦因数，两位同学分别设计了如图所示的甲、乙两种方案。（1）为了用某一弹簧测力计的示数表示A和B之间的滑动摩擦力的大小，应选用方案_。（2）若A和B的重力分别为20N和40N，当A被拉动时，系统稳定后，弹簧测力计a的示数为8.0N，b的示数为11.0N，c的示数为10.

8、0N，则A和B间的动摩擦因数为_。14、某同学利用如图所示的装置测量弹簧的劲度系数k。他先将待测弹簧的一端固定在铁架台上，然后将毫米刻度尺竖直放在弹簧的一侧，并使弹簧另一端的指针恰好落在刻度尺上。当弹簧自然下垂时，指针指示的刻度数值为10.00cm。弹簧下端挂300g的钩码时，指针指示的刻度数值如图所示，其读数为_cm。取重力加速度，可求得该弹簧的劲度系数为_N/m。15、图1为验证牛顿第二定律的实验装置示意图。图中打点计时器的电源为50Hz的交流电源，打点的时间间隔用t表示。在小车质量未知的情况下，某同学设计了一种方法用来研究“在外力一定的条件下，物体的加速度与其质量间的关系”。（1）完成下

9、列实验步骤中的填空：平衡小车所受的阻力：小吊盘中不放物块，调整木板右端的高度，用手轻拨小车，直到打点计时器打出一系列_的点；按住小车，在小吊盘中放入适当质量的物块，在小车中放入砝码；打开打点计时器电源，释放小车，获得带有点迹的纸带，在纸带上标出小车中砝码的质量m；按住小车，改变小车中砝码的质量，重复步骤；在每条纸带上清晰的部分，每5个间隔标注一个计数点，测量相邻计数点的间距s1，s2，求出与不同m相对应的加速度a；以砝码质量m为横坐标，为纵坐标，在坐标纸上做出m关系图线，若加速度与小车和砝码的总质量成反比，则与m处应成_关系（填“线性”或“非线性”）。（2）完成下列填空：（）本实验中，为了保证

10、在改变小车中砝码的质量时，小车所受的拉力近似不变，小吊盘和盘中物块的质量之和应满足的条件是_；（）设纸带上三个相邻计数点的间距为s1、s2、s3，a可用s1、s3和t表示为a=_；图2为用米尺测量某一纸带上的s1、s3的情况，由图可读出s1=_mm，s3=_mm，由此求得加速度的大小a=_m/s2。（）图3为所得实验图线的示意图。设图中直线的斜率为k，在纵轴上的截距为b，若牛顿定律成立，则小车受到的拉力为_，小车的质量为_三计算题(22分)16、（12分）民航客机一般都有紧急出口，发生意外情况的飞机紧急着陆后，打开紧急出口，狭长的气囊会自动充气，形成一个连接出口与地面的斜面，人员可沿斜面滑行到

11、地上，如图甲所示，图乙是其简化模型.若紧急出口下沿距地面的高度h=3.0m，气囊所构成的斜面长度L=5.0m.质量m=60kg的某旅客从斜面顶端由静止开始滑到斜面底端.已知旅客与斜面间的动摩擦因数=0.5，不计空气阻力及斜面的形变，旅客下滑过程中可视为质点，取重力加速度g=10m/s2.求：（1）旅客沿斜面下滑时受到摩擦力的大小和方向；（2）旅客沿斜面下滑时的加速度大小；（3）旅客滑到斜面底端时的速度大小.17、（10分）如图所示，有一块木板静止在光滑水平面上，木板质量，长。木板右端放着一个小滑块，小滑块质量，其尺寸远小于L，可视为质点，它与木板之间的动摩擦因数，。（1）现用水平向右的恒力F作

12、用在木板M上，为了使得m能从M上滑落下来，求F的大小范围。（2）若其它条件不变，恒力，作用时间t后撤去，求m在M上滑动而不会滑落时力F最长作用时间t。参考答案一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）1、C【解析】分析足球的受力情况，作出力图，根据平衡条件得到悬线的拉力和墙的支持力与的关系式，再用数学知识分析拉力、支持力变化情况，由牛顿第三定律即可知球对墙的压力变化情况【详解】分析足球的受力情况：重力G、悬线的拉力和墙的支持力，如图所示：由平衡条件得：支

13、持力和重力的合力F与拉力大小相等、方向相反；由平衡条件得：；当细绳长度变短时，增大，cos减小，sin增大，则增大，增大【点睛】本题运用函数法研究动态平衡问题，也可以运用图解法研究2、C【解析】A加速度为4m/s2，由公式v=v0+at知物体的末速度不一定等于初速度的4倍，A错误；B当物体做匀加速直线运动时，任意1s内速度增大4m/s；当物体做匀减速直线运动时，任意1s内速度减小4m/s，B错误；C当物体做匀减速直线运动时，某1s的末速度比前1s的末速度减小4m/s，C正确；D当物体做匀加速直线运动时，根据x=aT2任意1s内的位移比前1s内的位移大x=412m=4m根据平均速度可知任意1s内

14、的平均速度比前1s内的平均速度大4m/s；当物体做匀减速直线运动时，根据x=aT2任意1s内的位移比前1s内的位移小x=412m=4m根据平均速度可知任意1s内的平均速度比前1s内的平均速度小4m/s；由题无法确定物体是做匀加速直线运动，还是做匀减速直线运动，D错误。故选C。3、D【解析】AB对小球受力分析，受重力、支持力和细线的拉力，如图所示根据平衡条件可知，细线的拉力T增加，支持力N减小，根据牛顿第三定律，球对斜面的压力也减小，故AB错误；CD对球和滑块整体分析，受重力、斜面的支持力N，杆的支持力N，拉力F，如图所示根据平衡条件，水平方向有N=Nsin竖直方向有F+Ncos=G由于N减小，

15、故N减小，F增加，故C错误，D正确。故选D。4、D【解析】A物体的速度越大，则物体的加速度不一定越大，根据F=ma可知所受合力也不一定越大，选项A错误；B物体的速度为零，则物体的加速度不一定为零，根据F=ma可知所受合力也不一定为零，选项B错误；C物体的速度为零，加速度可能很大，根据F=ma可知所受的合力可能很大，选项C错误；D物体的速度很大，加速度可能为零，根据F=ma可知所受的合力也可能为零，选项D正确；故选D.5、C【解析】初速度为零的匀变速运动在连续相等时间内的位移之比等于从1开始的连续奇数比，据此回答【详解】质点从静止开始做匀加速直线运动，根据匀变速直线运动的规律可知，第1s，第2s

16、和第3s内的位移之比为1:3:5；因第3秒内通过的位移是x，则质点前两秒内通过的位移为0.8x，故选C.6、D【解析】AB在t1时刻两车刚好在同一位置（并排行驶），在t1到t3这段时间内，a的速度一直大于b的速度，两者间距一直增大，t3时刻之后，a的速度小于b的速度，两者间距减小，则在t3时刻，两车相距最远，AB错误；C根据速度时间图像的斜率等于加速度，可知，a车的加速度不变，b车加速度一直增大，C错误；D在v-t图像中，与时间轴所围面积表示物体运动的位移，故a车的位移大于b车的位移，D正确。故选D。7、BC【解析】A最初系统静止时，弹簧受到A的压力，根据平衡条件有解得处于压缩状态，故A错误；

17、BCB木块刚离开地面时，对B受力分析知，弹簧的弹力等于B的重力，根据平衡条件有 解得故BC正确；D由上分析可知，初状态和末状态的形变量相等，所以弹簧的弹力大小相等，故D错误。故选BC。8、AC【解析】AB根据解得，因为，则t甲v乙，选项C正确，D错误9、BD【解析】AB由题意知小石块做自由落体运动，所以有故A错误，B正确；CD石块到水面时速度为故C错误，D正确。故选BD。10、AD【解析】小球静止时，分析受力情况，如图；由平衡条件得：弹簧的弹力大小为：F=mgtan53=mg；细绳的拉力大小为：故A正确，B错误；细绳烧断瞬间弹簧的弹力不变，则小球所受的合力与烧断前细绳拉力的大小相等、方向相反，

18、则此瞬间小球的加速度大小为：故C错误，D正确故选AD【点睛】本题中小球先处于平衡状态，由平衡条件求解各力的大小，后烧断细绳，小球处于非平衡条件，抓住细绳烧断瞬间弹簧的弹力不变是关键11、AC【解析】实验的目的是要验证平行四边形定则，故应通过平行四边形得出合力再与真实的合力进行比较；理解实验的原理即可解答本题；先读出弹簧测力计的最小分度，再读出整数，再估读出小数部分【详解】A、在测量同一组数据F1、F2和合力F的过程中，橡皮条结点O的位置不能变化，故A正确；B、弹簧测力计拉细线时，拉力方向不一定竖直向下，故B错误；C、F1、F2和合力F的大小都不能超过弹簧测力计的量程，故C正确；D、根据读数规则

19、，读数应都到最小分度的下一位，则结果为4.00N，D错误故选AC【点睛】实验核心是实验原理，根据原理选择器材，安排实验步骤，分析实验误差，明确注意两项，进行数据处理等等本题属于对实验原理的直接考查，应准确掌握实验的目的及实验原理分析需要记录的内容，在学习绝不能死记硬背12、BD【解析】AB、对整体分析，整体的加速度，隔离对B分析，则弹簧的弹力，故A错误，B正确；C、撤去F的瞬间，弹簧的弹力不变，则A的加速度，故C错误；D、撤去F的瞬间，弹簧弹力不变，则B的加速度，故D正确故选BD【点睛】对整体分析，根据牛顿第二定律求出整体的加速度，隔离分析求出弹簧的弹力；撤去F的瞬间，弹簧的弹力不变，结合牛顿

20、第二定律求出A、B的加速度大小二填空题(每小题6分，共18分)13、 .甲 .0.2【解析】（1）1 由图甲可知，用弹簧测力计b拉动木块A，木块B受到滑动摩擦力作用，弹簧测力计a的示数等于木块受到的滑动摩擦力，弹簧测力计a固定不动，便于读数；由图乙可知，用弹簧测力计匀速拉动木块A，使木块A做匀速直线运动，A处于平衡状态，弹簧测力计c的示数等于木块受到的滑动摩擦力，弹簧测力计是运动的，不便于读数，另一方面，要使弹簧测力计示数等于滑动摩擦力，要控制木块做匀速直线运动，难度较大；比较两种实验方案可以发现，方案甲更合理（2）2 在甲方案中，物体间的滑动摩擦力：8.0N物体间的正压力：N则物体间的动摩擦

21、因数：14、 .13.00 .100【解析】1毫米刻度尺的最小刻度为1mm，需估读到0.1mm，则读数为13.00cm；2 300g的钩码的重力为：弹簧的伸长量为：对钩码由二力平衡可得：解得：15、 .均匀 .线性 .远小于小车和小车中砝码的质量之和 . .24.1 .47.3 .1.16 . .【解析】（1）1平衡摩擦力的标准为小车可以匀速运动，打点计时器打出的纸带点迹间隔均匀；2根据牛顿第二定律解得故与m成线性关系；（2）（i）3 设小车的质量为M，小吊盘和盘中物块的质量为m，设绳子上拉力为F，以整体为研究对象，根据牛顿第二定律有解得以M为研究对象，根据牛顿第二定律有当时有，即只有时才可以

22、认为绳对小车的拉力大小等于小吊盘和盘中物块的重力，所以为了保证在改变小车中砝码的质量时，小车所受的拉力近似不变，小吊盘和盘中物块的质量之和应该远小于小车和砝码的总质量。（）4设纸带上三个相邻计数点的间距为s1、s2、s3，由匀变速直线运动的推论得即解得56图2为用米尺测量某一纸带上的s1、s3的情况，由图可读出s1=24.1mm，s3=47.3mm；7 由此求得加速度的大小（）89设小车质量为M，小车受到外力为F，由牛顿第二定律有解得所以图象的斜率为解得纵轴截距为解得三计算题(22分)16、（1）240N，沿斜面向上（2）2m/s2（3）2m/s【解析】（1）由几何知识可知，斜面的倾角为=37

23、，则旅客沿斜面下滑时受到的摩擦力的大小方向沿斜面向上；（2）设旅客沿斜面下滑的加速度大小为a，根据牛顿第二定律有mgsin-mgcos=ma解得a=gsin-gcos=2m/s2（2）根据运动学公式v2=2aL解得17、（1），且保持作用一般时间后，小滑块将从木板上滑落下来。（2）。【解析】（1）小滑块与木板间的滑动摩擦力为：滑动摩擦力f是使滑块产生加速度的最大合外力，其最大加速度为：；当木板的加速度时，滑块将相对于木板向左滑动，直至脱离木板，对M根据牛顿第二定律可得：解得：；即当，且保持作用一般时间后，小滑块将从木板上滑落下来。（2）当恒力时，木板的加速度，由牛顿第二定律得：解得：设F作用的最长时间为t，在撤去F时m的速度为，M的速度为，根据速度时间关系可得：设最后的共同速度v，根据动量守恒定律可得：解得：从撤去拉力到达到共速经过的时间为，对m根据速度时间关系可得：撤去拉力前的相对位移为：撤去拉力后的相对位移为：根据位移关系可得：解得：。