高考物理一轮复习第七章静电场第1讲库仑定律电场力的性质学案

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1、第1讲库仑定律电场力的性质考情微解读微知识1 电荷守恒点电荷库仑定律1元电荷元电荷e1.601019_C，带电体的电荷量都是元电荷的整数倍，单个质子、电子的电荷量与元电荷相同。2电荷守恒定律(1)内容：电荷既不会创生，也不会消失，只能从一个物体转移到另一个物体，或者从物体的一部分转移到另一部分，在转移的过程中，电荷的总量保持不变。(2)三种起电方式接触起电；摩擦起电；感应起电。(3)带电实质：物体带电的实质是得失电子。3点电荷代表带电体的有一定电荷量的点，是一种理想化模型，当带电体本身大小和形状对研究的问题影响很小时，可以将带电体视为点电荷。点电荷的体积不一定很小，带电量也不一定很少。4库仑定

2、律(1)内容：真空中两个静止点电荷之间的相互作用力，与它们的电荷量的乘积成正比，与它们之间距离的二次方成反比，作用力的方向在它们的连线上。(2)公式：Fk，式中的k叫做静电力常量，其数值是9.0109 Nm2/C2。(3)适用条件：真空中静止的点电荷。微知识2 静电场电场强度点电荷的场强1静电场静电场是客观存在于电荷周围的一种物质，其基本性质是对放入其中的电荷有力的作用。2电场强度(1)定义式：E，是矢量，单位：N/C或V/m。(2)点电荷的场强：E。(3)方向规定：正电荷在电场中某点受力的方向为该点的电场强度方向。(4)电场叠加：多个电荷在空间某处产生的电场为各电荷在该处所产生的电场强度的矢

3、量和。(5)计算法则：遵循矢量合成法则平行四边形定则。微知识3 电场线1定义为了形象地描述电场中各点的电场强度的强弱及方向，在电场中画出的一些曲线，曲线上每一点的切线方向都跟该点的电场强度方向一致，曲线的疏密表示电场强度的大小。2几种典型电场的电场线3特点(1)电场线从正电荷出发，终止于负电荷或无限远处，或来自于无限远处，终止于负电荷。(2)电场线在电场中不相交。(3)在同一电场中，电场线越密的地方场强越大。(4)电场线上某点的切线方向表示该点的场强方向。(5)沿电场线方向电势逐渐降低。(6)电场线和等势面在相交处互相垂直。一、思维辨析(判断正误，正确的画“”，错误的画“”。)1质子的电荷量为

4、一个元电荷，但电子、质子是实实在在的粒子，不是元电荷。()2相互作用的两个点电荷，不论它们的电荷量是否相等，它们之间的库仑力大小一定相等。()3根据Fk，当r0时，F。()4电场强度反映了电场力的性质，所以电场中某点的电场强度与试探电荷在该点所受的电场力成正比。()5电场中某点的电场强度的方向即为试探电荷在该点所受电场力的方向。()6在点电荷产生的电场中，以点电荷为球心的同一球面上各点的电场强度相同。()二、对点微练1(感应起电)静电现象在自然界中普遍存在，我国早在西汉末年已有对静电现象的记载，春秋纬考异邮中有“玳瑁吸”之说，但下列不属于静电现象的是()A梳过头发的塑料梳子吸起纸屑B带电小球移

5、至不带电金属球附近，两者相互吸引C小线圈接近通电线圈过程中，小线圈中产生电流D从干燥的地毯上走过，手碰到金属把手时有被电击的感觉解析梳过头发的塑料梳子因与头发摩擦带电，能吸引轻小物体纸屑，是静电现象。带电小球移至不带电金属球附近，使不带电小球近端感应出与带电小球异种的电荷，而相互吸引，是静电现象。小线圈接近通电线圈的过程中，小线圈中产生感应电流，是电磁感应现象，不是静电现象。从干燥的地毯上走过，人与地毯摩擦产生静电，手碰到金属把手时有被电击的感觉，是放电现象，属于静电现象。因此不属于静电现象的是C项。答案C2(库仑定律)如图所示，完全相同的两个金属小球A、B带有等量电荷，相隔一定的距离，两球之

6、间的相互吸引力大小为F。现用第三个完全相同的不带电的金属小球C先后与A、B两个球接触后移开，这时A、B两个小球之间的相互作用力大小是()A.FB.FC.FD.F解析由于A、B间有吸引力，故A、B带异种电荷，设A、B带的电荷量分别为Q、Q，则两球之间的相互吸引力即为静电力Fk。当C球与A球接触后，A、C两球的电荷量都变为q1。当C球再与B球接触后，B、C两球的电荷量都变为q2。所以此时A、B两球之间的相互作用力的大小为Fk，A项正确。答案A3(电场强度)电场中有一点P，下列说法正确的是()A若放在P点的电荷的电荷量减半，则P点的场强减半B若P点没有检验电荷，则P点场强为零CP点场强越大，则同一电

7、荷在P点所受静电力越大DP点的场强方向为试探电荷在该点的受力方向解析公式E是电场强度的定义式，E与F、q无关，A、B项错；由FEq知，C项正确；场强方向与正电荷受力方向相同，与负电荷受力方向相反，D项错。答案C4(电场线)如图所示，实线是一簇未标明方向的由点电荷Q产生的电场线，若带电粒子q(|Q|q|)由a运动到b，电场力做正功。已知在a、b两点粒子所受电场力分别为Fa、Fb，则下列判断正确的是()A若Q为正电荷，则q带正电，FaFbB若Q为正电荷，则q带正电，FaFbC若Q为负电荷，则q带正电，FaFbD若Q为负电荷，则q带正电，FaFb解析由于粒子由a运动到b电场力做正功，可知电场力指向外

8、侧，Q、q为同种电荷；电场线密集的地方电场强度大，由FEq知Fa较大，A项正确。答案A5(电场的叠加)如图所示，正电荷Q置于一匀强电场中(图中水平直线为匀强电场的电场线)，在以正电荷Q为圆心、半径为r的圆周上有a、b、c三点，其中a点的电场强度Ea0，则下列判断正确的是()A匀强电场电场强度E，方向水平向右B匀强电场电场强度E，方向水平向左Cc点电场强度为Ec0Db点的电场强度为Eb，与匀强电场方向成45角解析因a点的电场强度Ea0，所以正电荷在a点的电场强度与匀强电场的电场强度等大反向，即匀强电场的电场强度E，方向水平向右，A、B项错；由电场叠加原理知c点电场强度为Ec，方向水平向右，C项错

9、；同理可得b点的电场强度为Eb，与匀强电场方向成45角，D项对。答案D见学生用书P103微考点1库仑力及库仑力作用下的平衡问题核|心|微|讲1对库仑定律Fk的理解与计算(1)近似条件：在要求不很精确的情况下，空气可近似当作真空来处理。当带电体间的距离远大于它们本身尺度时，可把带电体看作点电荷。(2)计算方法：注意库仑力是矢量，计算库仑力可以直接运用公式，将电荷量的绝对值代入公式，根据同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引来判断作用力F是引力还是斥力；也可将电荷量带正、负号一起运算，根据结果的正负，来判断作用力是引力还是斥力。 特别提醒不可由r0时，得出F的结论，虽然从数学角度成立，但从物理角度分析

10、，当r0时，两带电体不能视为点电荷，公式已不适用。2库仑力具有力的共性(1)两个点电荷之间相互作用的库仑力遵守牛顿第三定律。(2)库仑力可使带电体产生加速度。例如原子的核外电子绕核运动时，库仑力使核外电子产生向心加速度。(3)库仑力可以和其他力平衡。(4)某个点电荷同时受几个点电荷的作用时，要用平行四边形定则求合力。3三个点电荷的平衡问题要使三个自由电荷组成的系统处于平衡状态，每个电荷受到的两个库仑力必须大小相等，方向相反，也可以说另外两个点电荷在该电荷处的合场强应为零。由库仑力的方向和二力平衡知识可知，三个点电荷必须在同一条直线上，并且同种电荷不能相邻，由Fk知，中间异种电荷电荷量应最小，靠

11、近两侧电荷量较小的那一个，即“三点共线，两同夹异，两大夹小，近小远大”。典|例|微|探【例1】 (多选)如图所示，水平地面上固定一个光滑绝缘斜面，斜面与水平面的夹角为。一根轻质绝缘细线的一端固定在斜面顶端，另一端系有一个带电小球A，细线与斜面平行。小球A的质量为m、电量为q。小球A的右侧固定放置带等量同种电荷的小球B，两球心的高度相同、间距为d。静电力常量为k，重力加速度为g，两带电小球可视为点电荷。小球A静止在斜面上，则()A小球A与B之间库仑力的大小为B当 时，细线上的拉力为零C当 时，细线上的拉力为零D当 时，斜面对小球A的支持力为零【解题导思】(1)A球最多受几个力作用？都是哪些力？答

12、：最多受4个力作用，分别是重力、斜面的支持力、B对A的库仑力、绳子的拉力。(2)绳子的拉力为零的条件是什么？答：当B对A的库仑斥力等于mgtan时，绳子的拉力为零。 解析根据库仑定律可得两小球之间的库仑力大小为F，选项A正确；当细线上的拉力为零时，小球A受到库仑力、斜面支持力、重力，由平衡条件得mgtan，解得 ，选项B错误，C正确；由受力分析可知，斜面对小球的支持力不可能为零，选项D错误。答案AC点电荷的平衡问题的分析方法与纯力学平衡问题的分析方法是相同的，只是在原受力分析的基础上多了一个库仑力或电场力。题|组|微|练1(多选)如图所示，可视为点电荷的小球A、B分别带负电和正电，B球固定，其

13、正下方的A球静止在绝缘斜面上，则A球受力个数可能为()A2个B3个 C4个D5个解析以A为研究对象，根据其受力平衡可得，如果没有受到摩擦力，则A对斜面一定无弹力，其只受重力和库仑引力作用而平衡，A项正确；如果A受摩擦力作用，则其一定受弹力，所以此时A受4个力作用而平衡，C项正确。答案AC2如图所示，在光滑绝缘水平面上放置3个电荷量均为q(q0)的相同小球，小球之间用劲度系数均为k0的轻质弹簧绝缘连接。当3个小球处在静止状态时，每根弹簧长度为l。已知静电力常量为k，若不考虑弹簧的静电感应，则每根弹簧的原长为()Al BlCl Dl解析对最右边的小球受力分析可知，小球受到另外两个带电小球对它向右的

14、库仑斥力，大小分别为F1和F2。由力的平衡可知弹簧弹力的大小FF1F2，弹簧的伸长量为l，故弹簧的原长为l0lll，C项正确。答案C微考点2电场强度的理解及电场的叠加核|心|微|讲1场强的公式2电场的叠加(1)叠加原理：多个电荷在空间某处产生的电场为各电荷在该处所产生的电场场强的矢量和。(2)计算法则：平行四边形定则。典|例|微|探【例2】直角坐标系xOy中，M、N两点位于x轴上，G、H两点坐标如图。M、N两点各固定一负点电荷，一电荷量为Q的正点电荷置于O点时，G点处的电场强度恰好为零。静电力常量用k表示。若将该正点电荷移到G点，则H点处场强的大小和方向分别为()A.，沿y轴正向 B.，沿y轴

15、负向C.，沿y轴正向 D.，沿y轴负向【解题导思】(1)电场强度是矢量，场强的叠加遵循什么样的规律？答：遵循平行四边形定则。(2)M、N两负电荷产生的电场关于x轴有对称的特点吗？答：虽然MN两点的位置和两负电荷的电荷量大小关系不明确，但它们产生的电场关于x轴对称。 解析当正电荷置于O点时，由对称性可知，H、G两点电场强度大小相等，均为零。当正电荷置于G点时，H点场强E，沿y轴负方向，B项正确。答案B【反思总结】求电场强度的两种特殊方法1对称法：巧妙而合理地假设放置额外电荷，或将电荷巧妙地分割使问题简化而求得未知电场强度，这都可采用对称法求解。2微元法：微元法就是将研究对象分割成若干微小的单元，

16、或从研究对象上选取某一“微元”加以分析，从而可以化曲为直，使变量、难以确定的量转化为常量、容易确定的量。 题|组|微|练3.如图所示，M、N和P是以MN为直径的半圆弧上的三点，O点为半圆弧的圆心，MOP60。电荷量相等、符号相反的两个点电荷分别置于M、N两点，这时O点电场强度的大小为E1；若将N点处的点电荷移至P点，则O点电场强度的大小变为E2。则E1与E2之比为()A12B21 C2D4解析两个点电荷分别在M点和N点时，每个点电荷在O点产生的电场强度的大小相等、方向相同，所以EMENE1，得EMEN。将N点处的点电荷移至P点时，假设M点的电荷为正电荷，则O点的电场强度如图所示。M点和P点的点

17、电荷在O点产生的电场强度的大小仍相等，夹角为120，所以O点电场强度E2EM，即，B项正确。答案B4.如图所示，M、N为两个等量同种正电荷Q，在其连线的中垂线上任意一点P自由释放一个负点电荷q，不计重力影响，下列关于点电荷q的运动的说法正确的是()A从PO的过程中，加速度越来越大，速度越来越大B从PO的过程中，加速度越来越小，速度越来越大C点电荷运动到O点时加速度为零，速度达到最大值D点电荷越过O点后，速度越来越小，加速度越来越大，直到速度为零解析如图所示，根据电场叠加原理，O点场强为零，设OMONa、MPONPO，对P点的场强合成结合数学关系，有Ep2E1cossin2cos，根据极值特点，

18、显然当cossin2时场强有最大值，电场力有最大值。点电荷从PO的过程中，电场力可能是先变大后变小，加速度随之先变大后变小；也可能电场力一直变小，加速度一直变小。不过，在到达O点之前，电场力一直表现为引力，速度一定是一直变大的，在O点时加速度是零，速度最大。该电场关于直线MN对称，电荷越过O点后的运动也不一定是单调变化的。有些粗心的同学容易认为从PO时，点电荷距离两个场源电荷越来越近，电场力就会越来越大而错选A项。其实，点电荷与场源电荷的两个电场力确实是变大的，只是两个电场力的合力未必变大，这要看电场的矢量合成情况。答案C微考点3电场线带电粒子运动轨迹判断核|心|微|讲1判断速度方向：带电粒子

19、轨迹的切线方向为该点处的速度方向。2判断电场力(或场强)的方向：带电粒子所受电场力方向(仅受电场力作用)指向轨迹曲线的凹侧，再根据粒子的正、负判断场强的方向。3判断电场力做功的正负及电势能的增减：若电场力与速度方向成锐角，则电场力做正功，电势能减小；若电场力与速度方向成钝角，则电场力做负功，电势能增加。典|例|微|探【例3】某静电场中的电场线方向不确定，分布如图所示，带电粒子在电场中仅受静电力作用，其运动轨迹如图中虚线所示，由M运动到N，以下说法正确的是()A粒子必定带正电荷B该静电场一定是孤立正电荷产生的C粒子在M点的加速度小于它在N点的加速度D粒子在M点的速度大于它在N点的速度【解题导思】

20、(1)在不知道电场线方向的情况下，能否由粒子轨迹的弯曲方向确定电场力的方向？答：能，电场力指向轨迹的凹侧。(2)根据电场力的方向，结合电场线的分布能否判断粒子的电性？答：不能，因为电场的方向不知道。(3)由电场线的分布特点，能否分析粒子加速度的大小变化？答：能，在电场线密集处加速度大，在电场线稀疏处加速度小。 解析带电粒子所受静电力沿电场线的切线方向或其反方向，且指向曲线弯曲的内侧，静电力方向大致向上，因不知电场线的方向，粒子的电性无法确定，所以选项A错；电场线是弯曲的，则一定不是孤立点电荷的电场，所以选项B错；N点处电场线密，则场强大，粒子受到的静电力大，产生的加速度也大，所以选项C正确；因

21、静电力大致向上，粒子由M运动到N时，静电力做正功，粒子动能增加，速度增加，所以选项D错误。答案C【反思总结】电场线与轨迹问题的判断方法1“运动与力两线法”画出“速度线”(运动轨迹在初始位置的切线)与“力线”(在初始位置电场线的切线方向)，从两者的夹角情况来分析曲线运动的情况。2“三不知时要假设”电荷的正负、场强的方向或等势面电势的高低、电荷运动的方向。若已知其中的任一个，可顺次向下分析判定各待求量；若三个都不知，则要用“假设法”分别讨论各种情况。 题|组|微|练5.如图所示，实线表示某电场的电场线，过O点的虚线MN与电场线垂直，两个相同的带负电的粒子P、Q分别从A、B两点以相同的初速度开始运动

22、，速度方向垂直于MN，且都能从MN左侧经过O点。设粒子P、Q在A、B两点的加速度大小分别为a1和a2，电势能分别为Ep1和Ep2，过O点时的速度大小分别为v1和v2，到达O点经过的时间分别为t1和t2。粒子的重力不计，则()Aa1v2Ct1t2 DEp1a2，选项A错误；A点的电势高于B点的电势，负电荷在电势高的位置电势能小，所以Ep1Ep2，选项D正确；粒子带负电，带电粒子运动时电场力做负功，粒子的动能减小，电场力对A点的粒子做功多，根据动能定理，v1t2，选项C错误。答案D6在空间O点固定带正电的点电荷Q，其电场的电场线如图所示，在其电场中的A点有一个带电粒子q(重力不计)。若给带电粒子一

23、个垂直于OA方向的初速度v0，在只受电场力的作用下，以下说法正确的是()A若q为负电荷，则q一定做圆周运动B若q为负电荷，则q可能做匀变速曲线运动C若q为正电荷，则q的电势能可能增大D若q为正电荷，则q一定做远离O点的变加速曲线运动解析若q为负电荷，只有当粒子受到的电场力恰好和粒子做圆周运动的向心力大小相等时，粒子才做匀速圆周运动，否则粒子做变速曲线运动，所以A项错误；当粒子做曲线运动时，粒子受到的电场力的大小要改变，所以粒子做的是变加速曲线运动，所以B项错误；若q为正电荷，那么粒子一定会向远离电荷Q的方向运动，电场力做正功，则q的电势能逐渐减小，所以C项错误；若q为正电荷，那么粒子一定会远离

24、O点，受到的电场力的大小逐渐减小，做变加速曲线运动，所以D项正确。答案D见学生用书P105用对称法和补偿法求电场强度素能培养1对称法求电场强度对称法实际上是某些物理现象、物理规律、物理过程或几何图形的对称性进行解题的一种方法，利用此方法可以避免复杂的运算和推导，直接抓住问题的实质，有出奇制胜之效。2补偿法求电场强度求解物理问题，要根据问题给出的条件建立起物理模型，但有时由题给条件建立的模型不是完整的物理模型，这时需要给原来的问题补充一些条件，组成一个完整的新模型。这样，求解原模型的问题就转化为一个求解新模型和补充条件的差值问题了。经典考题均匀带电的球壳在球外空间产生的电场等效于电荷集中于球心处

25、产生的电场。如图所示，在半球面AB上均匀分布正电荷，半球面总电荷量为q，球面半径为R，CD为通过半球顶点与球心O的轴线，在轴线上有M、N两点，OMON2R。已知M点的场强大小为E，则N点的场强大小为()A.B.EC.E D.E解析左半球面AB上的正电荷产生的电场等效为带电荷量为2q的整个球壳产生的电场和带电荷量为q的右半球面产生的电场的合电场，则有EE，E为带电荷量为q的右半球面在M点产生的场强大小。带电荷量为q的右半球面在M点产生的场强大小与带电荷量为q的左半球面AB在N点产生的场强大小相等，则ENEEE，B项正确。答案B对法对题1.如图所示，O是半径为R的正N边形(N为大于3的偶数)的外接

26、圆的圆心，在正N边形的一个顶点A放置一个带电量为2q的点电荷，其余顶点分别放置带电量均为q的点电荷(未画出)。则圆心O处的场强大小为()A2kq/R2 B3kq/R2C(N1)kq/R2 DNkq/R2解析由对称性可知，除A点外各点的点电荷在O点产生电场的合场强等效为与A点关于O点对称的点电荷(电荷量为q)产生的电场E，由电场的叠加原理知，EOEAE，B项正确。答案B2如图所示，用一根金属丝弯成半径为r的圆环，但在A、B之间留有宽度为d的间隙。且dr。将电荷量为Q的正电荷均匀分布在金属丝上，则圆心O处的电场强度大小及方向为()A.背离圆心向左B.背离圆心向右C.背离圆心向左D.背离圆心向右解析

27、假设将这个圆环的缺口补上，并且所补部分的电荷密度与原金属丝上的电荷密度一样，这样就形成一个电荷均匀分布的完整的带电圆环，环上处于同一直径两端的微小部分所带电荷可视为两个相对应的点电荷，它们在圆心O处产生的电场叠加后合场强为零。根据对称性可知，带电圆环在圆心O处的合场强E0。至于补上的那一小段，由题中条件可看做点电荷，它在圆心O处的场强E1是可求的。若题中待求场强为E2，则E1E20。设原缺口环所带电荷的线密度为，则补上的那一小段金属丝的电荷量Qd，Q在圆心O处的场强为E1，方向背离圆心向右。由E1E20，可得E2E1，负号表示E2与E1方向相反，即背离圆心向左。故选项C正确。答案C见学生用书P

28、1051(多选)如图所示，把A、B两个相同的导电小球分别用长为0.10 m的绝缘细线悬挂于OA和OB两点。用丝绸摩擦过的玻璃棒与A球接触，棒移开后将悬点OB移到OA点固定。两球接触后分开，平衡时距离为0.12 m。已测得每个小球质量是8.0104 kg，带电小球可视为点电荷，重力加速度g取10 m/s2，静电力常量k9.0109 Nm2/C2，则()A两球所带电荷量相等BA球所受的静电力为1.0102 NCB球所带的电荷量为4108 CDA、B两球连线中点处的电场强度为0解析因A、B两球相同，故接触后两球所带的电荷量相同，故A项正确；由题意知平衡时A、B两球离悬点的高度为h m0.08 m，设

29、细线与竖直方向夹角为，则tan，由tan，知A球所受的静电力Fmgtan6103 N，B项错误；由库仑定律Fk，得B球所带的电荷量Qr0.12 C4108 C，则C项正确；A、B两球带同种电荷，则A、B两球连线中点处的电场强度为0，故D项正确。答案ACD2.一个带正电的粒子，在xOy平面内以速度v0从O点进入一个匀强电场，重力不计。粒子只在电场力作用下继续在xOy平面内沿图中虚线轨迹运动到A点，且在A点时的速度方向与y轴平行，则电场强度的方向可能是()A沿x轴正方向B沿x轴负方向C沿y轴正方向D垂直于xOy平面向里解析在O点粒子速度有水平向右的分量，而到A点时水平分量变为零，说明该粒子所受电场

30、力向左或有向左的分量，又因为粒子带正电，故只有B项正确。答案B3.(多选)在光滑绝缘的水平桌面上有四个小球构成菱形，其带电量如图所示。图中q与q的连线跟q与Q的连线之间夹角为，若该系统处于平衡状态，则正确的关系式为()Acos3 Bcos3Csin3 Dsin3解析设菱形的边长为L，对下方的电荷应用力的平衡条件得2kcosk，解得cos3，A项正确，B项错误；对左边电荷应用力的平衡条件得2ksink，解得sin3，C项正确，D项错误。答案AC4.如图所示，两根等长带电棒放置在第一、二象限，其端点在两坐标轴上，棒与坐标轴围成等腰直角三角形。两棒带电量相等，且电荷均匀分布，此时O点的电场强度大小为E。撤去其中一根带电棒后，O点的电场强度大小变为()A.B.CED.E解析两根等长带电棒等效成两个正点电荷如图所示，两正点电荷在O点产生的场强的大小为EE1，故撤走一根带电棒后，在O点产生的场强为E1，故选B项。答案B