2022年高考仿真模拟卷广东卷（一）物理试题 含解析

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1、2022年高考仿真模拟卷广东卷（一）物理试题 含解析一、单项选择题：本题共4小题，每小题4分，共计16分。在每小题给出的四个选项中，只有一个选项最符合题目要求。选对的得4分，错选或不答的得0分。1（xx广东六校联考4）.物体甲的V-t图象和乙的S-t图象分别如图所示，则这两个物体的运动情况是（ ）A甲在整个t=4s时间内有来回运动B甲在整个t=4s时间内运动方向一直不变C乙在整个t=4s时间内有来回运动D乙在整个t=4s时间内运动方向一直不变，通过的总位移大小为0m2（xx全国大联考福建卷14）.一铁球通过3段轻绳OA、OB、OC悬挂在天花板上的A点，轻绳OC拴接在轻质弹簧秤上。第一次，保持结

2、点O位置不变，某人拉着轻质弹簧秤从竖直位置缓慢转动到水平位置，如图1所示，弹簧秤的示数记为F1。第二次，保持轻绳OC垂直于OA，缓慢释放轻绳，使轻绳OA转动到竖直位置，如图2所示，弹簧秤的示数记为F2。则（ ）AF1恒定不变，F2逐渐增大 BF1、F2均逐渐增大 CF1先减小后增大，F2逐渐减小 DF1逐渐增大，F2先减小后增大3（xx广东佛山一模16）滑板运动员不断地用脚向后蹬高台的地面，在高台上滑行，获得足够大的初速度后，从高台上水平飞出（如图）。若不计空气阻力，飞出后把运动员和滑板整体看成一个质点。则下列说法不正确的是（ ）A高台越高，运动员在空中飞行的时间越长 B初速度越大，运动员飞出

3、的水平距离越远C地面对运动员做功使其获得从高台滑出的初动能D下落过程中重力对运动员做功的功率逐渐增大4（xx浙江五校第一次联考8）已知一足够长的传送带与水平面的倾角为，以一定的速度匀速运动。某时刻在传送带适当的位置放上具有一定初速度的物块（如图a所示），以此时为t=0时刻纪录了小物块之后在传送带上运动的速度随时间的变化关系，如图b所示（图中取沿斜面向上的运动方向为正方向，其中两坐标大小v1 v2）。已知传送带的速度保持不变，g取10m/s2。则下列判断正确的是（ ）A0t1内，物块对传送带做正功B物块与传送带间的动摩擦因数为，tanC0t2内，传送带对物块做功为D. 系统产生的热量一定比物块动

4、能的减少量大二、双项选择题：本大题共9个小题，每小题6分，共54分。每小题给出的四个选项中，有两个选项符合题目要求，全部选对者的得6分，只选1个且正确的得3分；有错选或不答的得0分。5（xx广东湛江市一模17）下列说法中正确的是（ ）A用打气筒的活塞压缩气体很费力，说明分子间有斥力B在阳光照射下，可以观察到教室空气中飞舞的尘埃作无规则运动，属于布朗运动C. 一定质量的理想气体温度升高其内能一定增大D. 一定质量的理想气体温度升高其压强可能减小6（xx广东六校联考12）.用绿光照射一光电管，能产生光电效应现在用如图所示的电路测遏止电压，则（ ）A改用红光照射，遏止电压会增大B改用紫光照射，遏止电

5、压会增大C延长绿光照射时间，遏止电压会增大D增加绿光照射强度，遏止电压不变7（xx山东淄博高三一诊16）如图所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为101，b是原线圈的中心抽头，电压表和电流表均为理想交流电表，除滑动变阻器的电阻外，其余电阻均不计在原线圈、两端加上交变电压，其瞬时值表达式为(V)下列说法正确的是（ ）A该交流电的频率为B当单刀双掷开关与连接时，电压表的示数为22 V C单刀双掷开关与连接，滑动变阻器触头向上滑动的过程中，电压表和电流表的示数均变小D当单刀双掷开关由扳向时，电压表和电流表的示数均变大8（xx广东惠州三调19）.如图是密立根油滴实验的示意图.油滴从喷雾器的喷嘴喷出，落到

6、图中的匀强电场中，调节两板间的电压，通过显微镜观察到某一油滴静止在电场中.下列说法正确的是（ ）A油滴带正电 B油滴带负电C只要测出两板间的距离和电压就能求出油滴的电量D该实验测得油滴所带电荷量等于元电荷的整数倍9（xx广东茂名市一模17）.如图所示,在火星与木星轨道之间有一小行星带。假设该带中的小行星只受到太阳的引力, 小行星与地球绕太阳运动都看作匀速圆周运动。下列说法正确的是（ ）A太阳对各小行星的引力相同B各小行星绕太阳运动的周期均大于一年C小行星带内侧小行星的向心加速度值大于外侧小行星的向心加速度值D小行星带内各小行星圆周运动的线速度值大于地球公转的线速度值三、非选择题10.（1）（x

7、x广东惠州三调34（2）某实验小组要精确测定额定电压为的灯正常工作时的电阻，已知该灯正常工作时电阻大约，电学符号与小灯泡电学符号相同.现有的器材规格如下：A待测灯B直流毫安表（量程，内阻约为）C直流毫安表（量程，内阻约为）D直流电压表（量程，内阻约为）E直流电压表（量程，内阻约为）F直流电源（输出电压，内阻很小）G滑动变阻器1（阻值范围，允许最大电流）H滑动变阻器（阻值范围，允许最大电流）I开关一个、导线若干 为了尽可能精确测定灯正常工作时的电阻，所选电流表为_（填“”或“”），所选电压表为_（填“”或“”）；滑动变阻器应选 （填“”或“”） 请根据实验原理图甲，完成图乙未完成的实物连接； 闭

8、合开关后，某次测量时电压表的示数如丙所示，该示数为_.甲V丙（2）（xx广东惠州三调34）某实验小组利用电磁打点计时器和如图的其他器材开展多项实验探究，选择了一条符合实验要求的纸带，数据如图（相邻计数点的时间为）,回答下列问题： 按装置安装器材时，纸带应穿过电磁打点计时器的限位孔从复写纸的 (填“上”或“下”)表面通过. 若是探究重力做功和物体动能的变化的关系.需求出重锤运动到各计数点的瞬时速度，试写出在点时重锤运动的瞬时速度 （用题中字母表示）. 若是测量重力加速度.为减少实验的偶然误差，采用逐差法处理数据，则加速度大小可以表示为 （用题中字母表示）. 如果研究重锤在运动过程中机械能守恒时，

9、重锤增加的动能总是小于减小的重力势能,造成实验误差的主要原因是 (只写一条).11（xx辽宁沈阳一模12）如图所示，一个质量为m=15kg的特制柔软小猴模型，从离地面高的树上自由下落，一辆平板车正沿着下落点正下方所在的平直路面以的速度匀速前进。已知模型开始自由下落时，平板车前端恰好运动到距离下落点正下方处，该平板车总长L=7 m，平板车板面离地面高，模型可看作质点，不计空气阻力。假定模型落到板面后不弹起，在模型落到板面的瞬间，司机刹车使平板车开始以大小为的加速度做匀减速直线运动，直至停止，g取，模型下落过程中未与平板车车头接触，模型与平板车板面间的动摩擦因数。求：(1)模型将落在平板车上距车尾

10、端多远处?(2)通过计算说明，模型是否会从平板车上滑下?(3)模型在平板车上相对滑动的过程中产生的总热量Q为多少? 12（xx广东茂名市一模36）如图所示，在真空中，半径为R的虚线所围的圆形区域内只存在垂直纸面向外的匀强磁场。有一电荷量为q、质量为m的带正电粒子，以速率V0从圆周上的P点沿垂直于半径OOl并指向圆心O的方向进入磁场，从圆周上的O1点飞出磁场后沿两板的中心线O1O2射入平行金属板M和N, O1O2与磁场区域的圆心O在同一直线上。板间存在匀强电场，两板间的电压为U,两板间距为d。不计粒子所受重力。求：(1)磁场的磁感应强度B的大小； (2)粒子在磁场中运动的时间；(3) 粒子在两平

11、行板间运动过程中的最大速度与板长L的关系。物理参考答案及解析1A【命题立意】本题旨在考查匀变速直线运动的图像、匀变速直线运动的速度与时间的关系。【解析】A、B、甲图是v-t图象，速度的正负表示运动的方向，故前2s向负方向运动，后2s向正方向运动，故A正确，B错误； C、D、乙图是位移-时间图象，斜率表示速度，不变，故乙在整个t=4s时间内运动方向一直不变，位移为6m，故C错误，D错误.故选：A2C【命题立意】考查共点力的动态平衡问题【解析】图1中，OA与OC的合力与重力等大反向，且保持不变，OA的方向不变，通过画平行四边形可知当OC顺时针转动到水平位置时，F1先减小后增大；图2中，设OA绳与竖

12、直方向的夹角为，因为OA与OC垂直，且合力与重力等大反向，故，根据题意，随着的减小F2也逐渐减小，故ABD错误，C正确。【思路点拨】本题图1通过作图就可以确定力的变化情况，此为图解法；图2中，先确定变化的角度，利用不变的重力和变化的角度表示出弹簧的弹力，即可确定变化情况，此为解析法。3C【命题立意】本题旨在考查平抛运动、功率、平均功率和瞬时功率。【解析】A、根据知，高度越高，运动员在空中飞行的时间越长，故A正确；B、根据知，初速度越大，运动员飞出的距离越远，故B正确；C、地面对滑板做功使其获得滑出的初动能，故C错误D、由于下落过程中，竖直方向的速度越来越大，轴功率做功的功率越来越大，故D正确。

13、故选：C4D【命题立意】本题旨在考查功的计算、摩擦力的判断和计算、动能定理。【解析】由图可知：物块先向下运动后向上运动，则知传送带的运动方向向上。时间内，物块对传送带的摩擦力方向沿传送带向下，则物块对传送带做负功。A错；在时间内，物块向上运动，则有：，B错；时间内，由图可知：它所围的面积是物块发生的位移，物块的总位移沿传送带向下，高度下降，重力对物块做正功，设为，根据动能定理得：，则传送带对物块做的功。由此可知C错；物块的重力势能减小，动能也减小，都转化为系统产生的内能，由能量守恒定律可知：系统产生的热量大小一定大于物块动能的变化量大小，D正确，故选择D答案。5CD【命题立意】本题旨在考查温度

14、是分子平均动能的标志、布朗运动。【解析】A、用打气筒的活塞压缩气体很费力，是由于气体压强的作用，不是分子间斥力的作用故A错误；B、教室空气中飞舞的尘埃是由于空气的对流而形成的；不是布朗运动；故B错误；C、理想气体不计分子势能，故温度升高时，分子平均动能增大，则内能一定增大；故C正确；D、由理想气体状态方程可知，当温度升高时如果体积同时膨胀，则压强有可能减小；故D正确；故选：CD6BD【命题立意】本题旨在考查爱因斯坦光电效应方程。【解析】当遏止电压为零时，最大初动能为零，则入射光的能量等于逸出功，所以根据光电效应方程和,得：，当入射光的频率大于极限频率时，遏止电压与入射光的频率成线性关系，与光的

15、强度无关，故AC错误，BD正确。故选：BD。7BD【命题立意】本题旨在考查变压器的构造和原理。【解析】A、由瞬时值表达式(V)，可知，则交流电的频率为：，故A错误；B、根据时值表达式(V)，原线圈的电压最大值为：，其有效值为：，电压与匝数成正比可知，所以副线圈的电压的有效值为：，电压表的示数为电压的有效值，所以示数为：，所以B正确；C、单刀双掷开关与连接，滑动变阻器触头向上滑动的过程中，滑动变阻器的电阻变大，电路的总电阻变大，由于电压是由变压器决定的，所以电流变小，电压表的示数不变，故C错误；D、当单刀双掷开关由扳向时，理想变压器原、副线圈的匝数比由101变为51，所以输出的电压升高，电压表和

16、电流表的示数均变大，所以D正确。故选：BD8BD【命题立意】本题旨在考查匀强电场中电势差和电场强度的关系、共点力平衡的条件及其应用。【解析】A、由图知，电容器板间电场方向向下，油滴所受的电场力向上，则知油滴带负电，故A错误；B正确；C、根据油滴受力平衡得：mg=qE=qU/d，得 q=mgd/U，所以要测出两板间的距离、电压和油滴的质量才能求出油滴的电量，故C错误D、根据密立根油滴实验研究知：该实验测得油滴所带电荷量等于元电荷的整数倍，D正确故本题选择BD答案。9BC【命题立意】本题旨在考查人造卫星的加速度、周期和轨道的关系。【解析】小行星绕太阳做匀速圆周运动，万有引力提供圆周运动向心力知：A

17、、太阳对小行星的引力F=，由于各小行星轨道半径质量均未知，故不能得出太阳对小行星的引力相同的结论，故A错误；B、由周期T=知，由于小行星轨道半径大于地球公转半径，故小行星的周期均大于地球公转周期，即大于一年，故B正确；C、小行星的加速度a=知，小行星内侧轨道半径小于外侧轨道半径，故内侧向心加速度大于外侧的向心加速度，故C正确；D、线速度知，小行星的轨道半径大于地球半径，故小行星的公转速度小于地球公转的线速度，故D错误。故选：BC。【易错警示】本题抓住万有引力提供圆周运动向心力，根据题意给出的半径关系展开分析掌握万有引力和向心力的表达式是解决本题的关键。10（1） 、； 如图所示； （）【命题立

18、意】本题旨在考查伏安法测电阻。【解析】（1）要精确测定额定电压为3V的LED灯正常工作时的电阻，需测量LED灯两端的电压和通过LED灯的电流，由于LED灯的额定电压为3V，根据该电压选择的电压表量程为3V的V1；LED灯正常工作时的电流大约在mA，左右，电流表的选择量程40mA的电流表A2；因为向右多次测量，所以滑动变阻器采用分压式接法，滑动变阻器阻值远小于LED的电阻，所以选择滑动变阻器R1；（2）根据实验原理图甲，完成图乙未完成的实物连接如图；（3）电压表的量程为3V，最小刻度的读数是0.1V，所以读数为2.70V。【易错警示】本题要会知道滑动变阻器阻值远小于LED的电阻，所以滑动变阻器采

19、用分压式接法LED灯的额定电压为3V，根据该电压选择的电压表量程，计算出通过LED的电流较小，选择合适的电流表使用。根据电压表读数的方法，读出电压表的示数它考查了实验电路的选择、实验步骤、实验数据处理等，难点在于电流表和电压压表的量程的选择，要熟记实验器材选择的原理与方法。10（2）下 ； ； ；重锤克服阻力做功（或阻力对重锤做负功）【命题立意】本题旨在考查验证机械能守恒定律。【解析】根据打点计时器的工作原理可知，纸带应压在复写纸下方，才能清晰地打点；在匀变速直线运动中，中间时刻的瞬时速度等于该过程中的平均速度，故B点的速度为：VB=利用匀变速直线运动的推论相邻相等时间内的位移差x=at2 所

20、以，xmxn=（mn）aT2，本着有效利用数据，采用求平均值的办法减小误差的办法，本实验中，g=在研究机械能守恒时，由于重锤要克服重力做功，故总是使增加的动能小于减小的重力势能；故答案为：下 11（1）4m；（2）不会；（3）105J【命题立意】本题旨在考查功能关系、匀变速直线运动的位移与时间的关系、牛顿第二定律。【解析】（1）设模型经时间t1下落到平板车上，由运动学公式得： 平板车在t1时间内前进的距离为x1， 则： x1v0t1 所以模型在车上的落点距车尾端距离： sLsx14 m （2）设模型落在车上后做匀加速运动的加速度为a1，经过时间t2模型和平板车的速度相同为v，则：平板车的速度为

21、： vv0at2 模型的速度为： va1t2 对模型应用牛顿第二定律得： 平板车的位移为 ：x2 在这段时间内的模型的位移为：x 联立可得，在这段时间内模型相对车向后的位移为 ：x1x2x33m x14 m 故不会滑下 （3）速度相同后模型和平板车都减速运动直到静止，平板车的位移为 ： 模型的位移为： 模型相对车向前的位移为： x2x5x4 模型在平板上来回摩擦产生的总热量：Qmg（x1+x2）105 J 答：（1）模型将落在平板车上距车尾端4m；（2）通过计算说明，模型是不会从平板车上滑下；（3）模型在平板车上相对滑动的过程中产生的总热量Q为105J12（1） （2）（3）粒子在两平行板间运

22、动过程中的最大速度与板长L的关系为：当粒子打在极板上时，最大速度为；当粒子从两板间飞出电场时速度为【命题立意】本题旨在考查带电粒子在匀强磁场中的运动、带电粒子在匀强电场中的运动。【解析】（1）粒子在磁场中做匀速圆周运动，设圆周运动的半径为r，由牛顿第二定律得：qv0B=m，由几何关系知：r=R，解得：B=；（2）粒子在圆周运动的周期：T=，粒子在磁场中运动时间为四分之一个周期，有：t=T=；（3）粒子在平行板间做类平抛运动，则有：L=v0t y=at2=t2=t2，联立解得：y=，当y，即：L时，粒子打在板上，这种情况下粒子在板间的最大速度v1，由动能定理得：q=mv12mv02，解得：v1=，当y，即：L时，粒子从两板间飞出电场，粒子在板间的最大速度V2，这种情况下由动能定理得：qy=mv22mv02，解得最大速度为：v2=；【易错警示】本题粒子在磁场中运动时，由几何知识求出轨迹半径是关键，在电场中分析两段位移的关系是关键。