理综物理模拟题一

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1、理综物理一 二、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分。在每小题给出的四个选项中，第1418题只有一项符合题目要求，第1921题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。14随着科技的不断发展，无线充电已经进入人们的视线小到手表、手机，大到电脑、电动汽车的充电，都已经实现了从理论研发到实际应用的转化下图给出了某品牌的无线充电手机利用电磁感应方式无线充电的原理图关于无线充电，下列说法正确的是A无线充电时手机接收线圈部分的工作原理是“电流的磁效应”B只有将充电底座接到直流电源上才能对手机进行充电C接收线圈中交变电流的频率与发射线圈中交变电流的频率相同D只要有无线

2、充电底座，所有手机都可以进行无线充电15如图所示，带有光滑竖直杆的三角形斜劈固定在水平地面上，放置于斜劈上的光滑小球与套在竖直杆上的小滑块用轻绳连接，开始时轻绳与斜劈平行。现给小滑块施加一个竖直向上的拉力，使小滑块沿杆缓慢上升，整个过程中小球始终未脱离斜劈，则有A小球对斜劈的压力保持不变B轻绳对小球的拉力先减小后增大C竖直杆对小滑块的弹力先增大再减小D对小滑块施加的竖直向上的拉力逐渐增大16如图所示，在光滑的水平面上有一段长为L、质量分布均匀的绳子，绳子在水平向左的恒力F作用下做匀加速直线运动。绳子上某一点到绳子右端的距离为x，设该处的张力为T，则能正确描述T与x之间的关系的图像是17如图所示

3、，理想变压器的原线圈接有频率为f、电压为U的交流电，副线圈接有光敏电阻R1（光照增强时，光敏电阻阻值减小）、用电器R2。下列说法正确的是AP位置不动，当光照增强时，变压器的输入功率减小B光照强度不变，当滑动触头P向上滑动时，用电器消耗的功率增大C当f减小时，变压器的输入功率减小DP位置不动，光照强度不变，当U增大时，用电器消耗的功率增大18如图所示，竖直平面内有一半圆槽，A、C等高，B为圆槽最低点，小球从A点正上方O点静止释放，从A点切入圆槽，刚好能运动至C点。设球在AB段和BC段运动过程中，运动时间分别为t1、t2，合外力的冲量大小为I1、I2，则At1 t2 Bt1 =t2 CI1I2 D

4、I1=I219如图所示，两个带等量正电的点电荷分别位于x轴上的P、Q两点，其位置关于坐标原点O对称，圆弧曲线是一个以O点为圆心的半圆，c点为半圆与y轴的交点，a，b两点为一平行于x轴的直线与半圆的交点，下列说法正确的是Aa，b两点的场强相同 Ba，b两点的电势相同C将一个正电荷q沿着圆弧从a点经c点移到b点，电势能先增加后减小D将一个正电荷q放在半圆上任一点，两电荷对q的作用力大小分别是F1、F2，则为一定值20如图所示，曲线是一颗绕地球做圆周运动卫星轨道的示意图，其半径为R；曲线是一颗绕地球椭圆运动卫星轨道的示意图，O点为地球球心，AB为椭圆的长轴，两轨道和地心都在同一平面内，已知在两轨道上

5、运动的卫星的周期相等，万有引力常量为G，地球质量为M，下列说法正确的是A椭圆轨道的长轴长度为RB卫星在轨道的速率为v0，卫星在轨道B点的速率为vB，则v0vBC卫星在轨道的加速度大小为a0，卫星在轨道A点加速度大小为aA，则a0aAD若OA=0.5R，则卫星在B点的速率vB21如图所示，半径为R的半圆形区域内分布着垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度为B，半圆的左边垂直x轴放置一粒子发射装置，在-RyR的区间内各处均沿x轴正方向同时发射出一个带正电粒子，粒子质量均为m、电荷量均为q、初速度均为v，重力及粒子间的相互作用均忽略不计，所有粒子都能到达y轴，其中最后到达y轴的粒子比最先到达y轴的粒子晚

6、t时间，则A磁场区域半径R应满足 B有些粒子可能到达y轴上相同的位置C，其中角度的弧度值满足 D三、非选择题：共 174分。第2232题为必考题，每个试题考生都必须作答。第3338题为选考题，考生根据要求作答。（一）必考题：共129分。22（4分）如图（1）所示螺旋测微器的读数为8.870mm，则A、B处应标的数字分别为： 和 ；如图（2）所示是游标卡尺的读数为 cm。 23（11分） 如图所示为多量程多用电表的示意图（1）测量某电阻时，用欧姆挡“100”挡时，发现指针偏转角度过小，他应该换用欧姆挡_挡（填“10”或“1K”），换挡后在测量前要先进行_，若接通3、4时分别对应“10”、“100

7、”挡，则E=_ E。（2）表头G的标记值为10 mA，10 ，据此改装的多用表测电流时的读数总比标准电流表的读数偏大，则表头G内阻的真实值_（填“大于”或“小于”）10 。（3）现提供以下实验器材：A多用表表头G，标记值为10 mA，10 ； B电阻箱R（0999.9）；C滑动变阻器R1(0200，额定电流1 A)；D滑动变阻器R2(02K，额定电流1 A)；E直流电源E1(电动势为1.5V，内阻很小)；F直流电源E2(电动势为12 V，内阻很小)；G电键S1、S2，导线若干请在所给的方框中，用上述器材设计一个用半偏法较准确地测量表头G内阻的实验电路图，并在电路图中标明所选择器材的物理量符号。

8、24（13分）如图所示，底端切线水平且竖直放置的光滑1/4圆弧轨道的半径为R=2m，其轨道底端P距地面的高度为h=5m，P与右侧竖直墙的距离为L=1.8m，Q为圆弧轨道上的一点，它与圆心O的连线OQ与竖直方向的夹角为53。现将一质量为m=100g、可视为质点的小球从Q点由静止释放，重力加速度g=10m/s2，不计空气阻力。试求：（1）小球运动到P点时对轨道的压力多大；（2）若小球每次和竖直墙壁的碰撞均是弹性碰撞，则小球的最终落地点离右侧墙角B点的距离。（小球和地面碰撞后不再弹起）25（19分）如图所示，相距L=0.5m的平行导轨MNS、PQT处在磁感应强度B=0.4T的匀强磁场中，水平导轨处的

9、磁场方向竖直向上，光滑倾斜导轨处的磁场方向垂直于导轨平面斜向下。质量均为m=40g、电阻均为R=0.1的导体棒ab、cd均垂直放置于导轨上，并与导轨接触良好，导轨电阻不计。质量为M=200g的物体C，用绝缘细线绕过光滑的定滑轮分别与导体棒ab、cd相连接。细线沿导轨中心线且在导轨平面内，细线及滑轮质量不计。已知倾斜导轨与水平面的夹角=37，水平导轨与ab棒间的动摩擦因数=0.4重力加速度g=10m/s2，水平导轨足够长，导体棒cd运动中始终不离开倾斜导轨。物体C由静止释放，当它达到最大速度时下落高度h=1m，试求这一运动过程中：（1）物体C能达到的最大速度vm是多少？（2）系统产生的内能是多少

10、？（3）连接cd棒的细线对cd棒做的功是多少？33 物理选修3-3 （15分）（1）（6分）下列说法正确的是 （填正确答案标号，选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得6分，每选错1个扣3分，最低得分0分）A花粉颗粒在水中做布朗运动，反映了花粉分子在不停的做无规则运动B外界对气体做正功，气体的内能不一定增加C影响蒸发快慢以及影响人们对干爽与潮湿感受的因素是空气中水蒸气的压强与同一温度下水的饱和气压的差距D第二类永动机不能制成是因为它违反了能量守恒定律E晶体熔化过程中，分子的平均动能保持不变，分子势能增大（2）（9分）如图所示，在一端封闭、另一端开口向上的竖直玻璃管内，用5cm高的水银柱封闭着

11、45cm长的理想气体，管内外气体的温度均为300K ，大气压强p0=76cmHg （i）若缓慢对玻璃管加热，当管中气体的温度上升了60 K时水银柱上表面与管口刚好相平，求玻璃管的总长度；（ii）若保持管内温度始终为300K，现将水银缓慢注入管中，直到水银柱上表面与管口相平，求此时玻璃管内水银柱的总长度。理综物理一 答案14.C 15.D 16.A 17.D 18.C 19.BD 20.BC 21.BC 22.（4分） 5（1分） 35（1分） 10.015（2分） 23.（11分）（1）1K（2分） 欧姆调零（2分） 10 （2分）（2）小于（2分）（3） 电路图如图所示（3分）24.（13分

12、）解：（1）小球由Q到P的过程，由动能定理得：mgR(1cos53) mv2 （2分）在P点小球所受的支持力为F，由牛顿第二定律有：Fmgmv2/R（2分）联立两式解得F1.8N根据牛顿第三定律知，小球对轨道的压力大小F1.8N（1分）（2）小球到达P点时速度的大小为v，由得v4m/s（2分）若右侧无墙壁，则小球做平抛运动的时间t（2分）联立解得小球做平抛运动的射程xvt4m （2分）由弹性碰撞和镜面对称的规律知，小球和左右两侧竖直墙壁各碰一次后，落到地面上，落点与B点相距SL(x2L) 1.4m（2分）25.（19分）解：（1）设C达到的最大速度为由法拉第电磁感应定律得回路的感应电动势为 （

13、1分） T22mg物体C由欧姆定律得回路中的电流强度为 （1分）金属导体棒ab、cd受到的安培力为 （1分）设连接金属导体棒ab与cd的细线中张力为，连接金属导体棒ab与物体C的细线中张力为，导体棒ab、cd及物体C的受力如图：由平衡条件得：，（2分）T2T1Ff，（2分） T2Mg（1分）mgT1FN2ab棒T2联立解得：vm=2m/s （1分）（2）系统在该过程中产生的内能为E1，由能的转化和守恒定律得：T1mgF300N1cd棒 Mgh =(2m+M)v2+ mghsin37 + E1（3分）联立（6）将h=1m入解得 E1 =1.2J （1分）（3）运动过程中由于摩擦产生的内能E2=

14、mgh = 0.16J由第二问的计算结果知，这一过程电流产生的内能E3 = E1 E2 =1.04J又因为ab棒、cd棒的电阻相等，故电流通过cd棒产生的内能E4=0.52J对导体棒cd，设这一过程中细线对其做的功为W，则由能的转化和守恒定律得：W =mghsin37 +mv2 + E4（4分）联立（5）（7）（8）三式解得：W =0.84J （2分）33.（1）（6分） BCE（2）（9分）解：（i）设玻璃管横截面积为S，玻璃管的总长度为L，以管内封闭气体为研究对象， 气体经等压膨胀：初状态：V1=45S T1=300K末状态：V2= （L-5）S T2=360K （2分）由盖吕萨克定律： （1 分）得L= 59cm （1 分）（ii）当水银柱上表面与管口相平，设此时管中气体压强为P2，水银柱的高度为H，管内气体经等温压缩：初状态：V1=45S P1= 81cmHg 末状态：V2=(59-H)S P2=(76+H) cmHg （2分）由玻意耳定律：P1 V1 =P2V2 （1 分） 得 H10.8cm （2 分） 班级 姓名 考号 理综物理一 答题纸 22.(1) (2)_23.(1)_ _ _ (2) _ 24. 15. 16. 25.33. (1)_(2) - 9 -