环境工程原理计算题

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1、环境净化与污染控制技术原理可以分为哪几类？它们的主要作用原理是什 么？解：从技术原理上看，环境净化与污染控制技术原理可以分为隔离技术分离技术”和转化技术”三大类。隔离技术是将污染物或者污染介质隔离从而切断污染物向周围环境的扩散，防止污染近一步扩大。分离技术是利用污染物与污 染介质或其它污染物在物理性质或化学性质上的差异使其与介质分离，从而达到 污染物去除或回收利用的目的。转化技术是利用化学或生物反应，使污染物转化成无害物质或易于分离的物质，从而使污染介质得到净化与处理。2.6某一段河流上游流量为36000m 3/d，河水中污染物的浓度为3.0mg/L 有一支流流量为10000 m3/d，其中污

2、染物浓度为30mg/L。假设完全混合。(1)求下游的污染物浓度(2)求每天有多少kg污染物质通过下游某一监测点qV1 辽0/2qV1qV2解：(1)根据质量衡算方程，下游污染物浓度为3.0 36000 30 1000036000 10000 mg/8-87mg/L(2)每天通过下游测量点的污染物的质量为、m (qV1 qV2) =8.87 (36000 10000) 10“kg/d=408.02kg/d2.7某一湖泊的容积为10 X106m3，上游有一未被污染的河流流入该湖泊， 流量为50m3/s。一工厂以5 m3/s的流量向湖泊排放污水，其中含有可降解污染 物，浓度为100mg/L。污染物降

3、解反应速率常数为0.25d 一1。假设污染物在湖中充分混合。求稳态时湖中污染物的浓度解：设稳态时湖中污染物浓度为 臨，则输出的浓度也为 订 则由质量衡算，得qm1一 qm2一 k ： V=0即5 xiOOmg/L ( 5 + 50) Pmm3/s 10X106 0.25 xPmm3/s = 0解之得?m = 5.96mg/L2.10某水池内有1 m3含总氮20 mg/L的污水，现用地表水进行置换，地表 水进入水池的流量为10 m3/min，总氮含量为2 mg/L，同时从水池中排出相同的 水量。假设水池内混合良好，生物降解过程可以忽略，求水池中总氮含量变为5mg/L时，需要多少时间？解：设地表水

4、中总氮浓度为 p，池中总氮浓度为p由质量衡算，得dt即1dtd ;10 (2 - J积分，有dt丄d T020 10 (2 _ T求得t= 0.18 min2.11有一装满水的储槽，直径1m、高3m。现由槽底部的小孔向外排水。 小孔的直径为4cm，测得水流过小孔时的流速uo与槽内水面高度z的关系uo= 0.62 (2gz)。5试求放出1m3水所需的时间。解：设储槽横截面积为A1，小孔的面积为A2由题得A2uo= dV/dt，即 uo= dz/dt XA1/A2所以有dz/dt x( 100/4) 2 = 0.62 (2gz)。5即有226.55 xz-0.5dz = dtZ0= 3mZ1 =

5、z0 1m3x ( n 0L25m2) -1 = 1.73m积分计算得t= 189.8s3.3污水处理厂中，将污水从调节池提升至沉淀池。两池水面差最大为10m， 管路摩擦损失为4J/kg，流量为34 m3/h。求提升水所需要的功率。设水的温度 为 25 C。解：设所需得功率为Ne,污水密度为pNe= Weqv p=( g Az + Oif) qv p=(9.81m/s2xi0m+4J/kg) X1 xi03kg/m3XB4/3600m3/S=964.3W3.4如图所示，有一水平通风管道，某处直径由400mm减缩至200mmU管压差计，现测为了粗略估计管道中的空气流量，在锥形接头两端各装一个得粗

6、管端的表压为100mm水柱，细管端的表压为40mm水柱，空气流过锥形 管的能量损失可以忽略，管道中空气的密度为 1.2kg/m 3，试求管道中的空气流图3-2 习题3.4图示解：在截面1-1和2-2之间列伯努利方程:ui2/2 + pi/ 尸 U22/2 + p2/ p由题有U2 = 4ui所以有ui2/2 + pi/ 尸 16u12/2 + p2/ p15 U12 = 2 XP1- P2)/ p=2 X p- pg(R 1-R2)/ p=2 X (1000-1.2 ) kg/m3X9.81m/s2x (0.1m 0.04m ) / (1.2kg/m 3)解之得U1 = 8.09m/s所以有U

7、2= 32.35m/sqv = uiA = 8.09m/s Xn *200mm ） 2 = 1.02m 3/s3.5如图3-3所示，有一直径为1m的高位水槽，其水面高于地面 8m，水 从内径为100mm的管道中流出，管路出口高于地面 2m，水流经系统的能量损 失（不包括出口的能量损失）可按 送hf =6.5u2计算，式中u为水在管内的流速， 单位为m/s。试计算（1）若水槽中水位不变，试计算水的流量；（2）若高位水槽供水中断，随水的出流高位槽液面下降，试计算液面下降1m所需的时间。图3-3 习题3.5图示解：(1)以地面为基准，在截面1-1和2-2 之间列伯努利方程，有ui2/2 + pi/

8、p+gzi = U22/2 + p2/ p+ gz2 + 2hf由题意得pi= P2,且 U1= 0所以有9.81m/s2x( 8m 2m )= u2/2 + 6.5u2解之得u= 2.90m/sqv= uA = 2.90m/s xn001m 2/4 = 2.28 X10 2m3/s(2)由伯努利方程，有ui2/2 + gzi = u22/2 + gz2+ 2hf即ui2/2 + gzi = 7u22+ gz2由题可得Ul/U2= (0.1/1 ) 2= 0.01取微元时间dt，以向下为正方向则有 u1 = dz/dt所以有(dz/dt) 2/2 + gz1 = 7 (1OOdz/dt) 2/

9、2 + gz2积分解之得t= 36.06s3.10用泵将水从一蓄水池送至水塔中，如图 3-4所示。水塔和大气相通,池和塔的水面高差为60m，并维持不变。水泵吸水口低于水池水面 2.5m，进塔 的管道低于塔内水面1.8m。泵的进水管DN150，长60m，连有两个90。弯头和 一个吸滤底阀。泵出水管为两段管段串联，两段分别为DN150、长23m和DN100、 长100 m，不同管径的管道经大小头相联，DN100的管道上有3个90。弯头和一个闸阀。泵和电机的总效率为 60 %。要求水的流量为140 m3/h，如果当地电 费为0.46元/ (kW h)，问每天泵需要消耗多少电费？(水温为 25 C，管

10、道视为 光滑管)解：由题，在进水口和出水口之间建立伯努利方程，有We = gh + 2hf25 C时，水的密度为997.0kg/m3,粘度为0.9 X10 -3Pa s 管径为100mm时，u = 4.95m/sRe = du P 尸 5.48 X105，为湍流为光滑管，查图， A 0.02管径为150mm时u= 2.20m/sRe = du pp= 3.66 XI05管道为光滑管，查图， 匸0.022泵的进水口段的管件阻力系数分别为吸滤底阀 匕1.5 ; 90。弯头 Z 0.75 ;管入口 = 0. 52hfi=( 1.5 + 0.75 X +0.5 + 0.022 X60/0.15 ) X

11、 (2.20m/s ) 2/2=29.76m 2/s2泵的出水口段的管件阻力系数分别为大小头 =0.3 ; 90。弯头 Z 0.75 ;闸阀 Z 0.17 ;管出口 Z 1Ihf2= (1 + 0.75 X3+ 0.3+ 0.17 + 0.02 X00/0.1) X4.95m/s) 2/2 +(0.023 *3/0.15) X2.20m/s) 2/2=299.13m 2/s2We= gh + 2hf=29.76m 2/s2 + 299.13m 2/s2 + 60m X9.81m/s 2= 917.49 m 2/s2 =917.49J/kgWn =(917.49J/kg/60 %) X40m3/

12、h X997.0kg/m 3= 5.93 X04W总消耗电费为59.3kW X).46 元/ (kW h) *4h/d = 654.55 元/d3.11如图3-5所示，某厂计划建一水塔，将20C水分别送至第一、第二车间的吸收塔中。第一车间的吸收塔为常压，第二车间的吸收塔内压力为20kPa(表压)。总管内径为50mm钢管，管长为(30 + Z0)，通向两吸收塔的支管内 径均为20mm，管长分别为28m和15m (以上各管长均已包括所有局部阻力当量长度在内)。喷嘴的阻力损失可以忽略。钢管的绝对粗糙度为0.2mm。现要求向第一车间的吸收塔供应 1800kg/h的水，向第二车间的吸收塔供应2400kg

13、/h的水，试确定水塔需距离地面至少多高？已知 20C水的粘度为1.0X0-3 Pa s, 摩擦系数可由式兀=0.1餌紆计算。第一车间的管路流速为第二车间的管路流速为解：总管路的流速为U0= qm0/ (p n)=4200 kg/h/ (1 xi03kg/m3Xn(M252m2)=0.594m/sui = qmi/ ( p r2)=1800kg/h/ (1 X03kg/m3Xn0.01 2m2)=1.592m/sU2= qm2/ ( p r2)=2.122m/sReo= du p 尸29700k = 0.1 ( dd + 58/Re) 23 = 0.0308Re i = du p 尸 31840

14、k = 0.1 ( dd + 58/Re) 0.23 = 0.036Re2= du p 尸4240022 = 0.1 ( dd + 58/Re) 0.23 = 0.0357以车间一为控制单元，有伯努利方程u12/2 + gz1 + p1/ p+ 2hf1 = gz0+ p。/ pp1= p0, 故(1.592m/s ) 2/2 + 9.8m/s 2 X3m + 0.0308 ( 0.594m/s )2 ( 30 + z。)m/(2 X).05m )+ 0.036 X( 1.592m/s ) 2X28m/ / 2 X0.02m ) = 9.8m/s2xz0解之得z0 = 10.09m以车间二为控

15、制单元，有伯努利方程u22/2 + gz2+ p2/ p+ 2hf2 = gz0+ p/ p/2.122m/s ) 2/2 + 9.8m/s2X5m + 20kPa/ /1 X03kg/m3) + 0.0308 X(0.594m/s )2(30 + Z0)m/(2 X).05m ) + 0.0357 /2.122m/s )2X5m/(2 X0.02m ) = 9.8m/s2 X解之得Z0 = 13.91m故水塔需距离地面13.91m3.12如图3-6所示，从城市给水管网中引一支管，并在端点B处分成两路分别向一楼和二楼供水（20C）。已知管网压力为0.8 X105Pa （表压），支管管径 均为3

16、2mm，摩擦系数入均为0.03，阀门全开时的阻力系数为 6.4，管段AB、 BC、BD的长度各为20m、8m和13m （包括除阀门和管出口损失以外的所有局 部损失的当量长度），假设总管压力恒定。试求（1）当一楼阀门全开时，二楼是否有水？（2）如果要求二楼管出口流量为0.2L/S，求增压水泵的扬程。4二站曾图3-6 习题3.12图示解：（1）假设二楼有水，并设流速为U2，此时一楼的流速为U1以AC所在平面为基准面，在 A、C断面之间建立伯努利方程，有ua2/2 + pa/ 尸 U12/2 + p1/ p+ gz2 + IhfAc因为 ua = U1= 0; p1 = 0则有pA/ 尸 IhfAC

17、（1）在A、D断面之间建立伯努利方程，即UA2/2 + pa/ 尸 U22/2 + P2/ p+ gz2 + 习IfADPA/ p=习hAD + gZ2(2)联立两式得IhfBC = 3VBD + gz2 (3)(0.03 X8m/0.032m + 6.4 + 1) Xui2/2 =(0.03 xl3m/0.032m + 6.4 + 1) Xu22/2 +3m 9.8m/s2所以有U1min2/2 = 1.97m 2/s2Ihfmin =( 0.03 28m/0.032m + 6.4 + 1) XU1min2/2 = 67.28 m 2/s2v pA/ p所以二楼有水。(2)当二楼出口流量为

18、0.2L/S 时，U2 = 0.249m/s代入(3 )式(0.03 X8m/0.032m + 6.4 + 1) XU12/2 =(0.03 3m/0.032m + 6.4 + 1) XU22/2 +3m 9.8m/s2可得U1 = 2.02m/s此时AB段流速为U0= 2.259m/s羽fAC = 0.03 20m/0.032m x (2.259m/s ) 2/2 +(0.03 X8m/0.032m + 6.4 + 1) (2.02m/s) 2/2=48.266 m 2/s2 + 30.399 m 2/s2=78.665 m 2/s2Pa/尸 0.8 X0 5Pa/ (998.2kg/m 3

19、) = 80.144 m 2/s2因为 2hfAC400 C计算结果表明该设计不合理改进措施：1、提高钢板的工作温度，选用耐热钢板；2、增加耐火砖厚度，或改用导热系数更小的耐火砖4.9在换热器中用冷水冷却煤油。水在直径为19 X2mm的钢管内流动，水的对流传热系数为3490 W/ ( m 2 0 002 2 1 2 2 2 m2 K/Wm2 K/W m2 K/W 0.00026m2 K/W 0.000176m2 K/W349045458= 2.95 10 m2 K/WK = 338.9W/ (m2 K) (2)产生污垢后增加的热阻百分比为 K )，煤油的对流传热系数为458 W/ (m2 K

20、)。 换热器使用一段时间后，管壁两侧均产生污垢，煤油侧和水侧的污垢热阻分别为 0.000176 m 2 K/W 和 0.00026m 2 K/W，管壁的导热系数为 45 W/ ( m K)。试求(1) 基于管外表面积的总传热系数；(2) 产生污垢后热阻增加的百分数。解：(1)将钢管视为薄管壁则有rsirs21L1100%-rs20.176 0.262.95-0.176-0.26100% =17.34%注：如不视为薄管壁，将有5%左右的数值误差。4.10在套管换热器中用冷水将100 C的热水冷却到50 C，热水的质量流量 为3500kg/h。冷却水在直径为180 X10mm的管内流动，温度从20

21、 C升至30 C。 已知基于管外表面的总传热系数为 2320 W/ (m2 K)。若忽略热损失，且近似认 为冷水和热水的比热相等，均为 4.18 kJ/ (kg K).试求(1) 冷却水的用量；(2) 两流体分别为并流和逆流流动时所需要的管长，并加以比较。解：(1 )由热量守恒可得qmcCpc ATc= qmh Cph AThqmc = 3500kg/h X50 C /10 C = 17500kg/h(2)并流时有AT2 = 80K，AT1 = 20KTm80K -20K.80In20= 43.28K由热量守恒可得KA ATm = qmhCph AThK nL ATm = qmhcph ATh

22、.qmhCph Th3500kg/h 4.18kJ/(kg K) 50KL23.58mK:d ：Tm2320W/(m2 K)二 0.18m 43.28K逆流时有ZT2 = 70K, AT1 = 30K.T2 - . T,70K -30K70=4721KIn30同上得.qmhCph Th3500kg/h 4.18kJ /(kg K) 50KL23.28mK 二d ：Tm 2320W/(m2 K)二 0.18m 47.21K比较得逆流所需的管路短，故逆流得传热效率较高。4.11列管式换热器由19根19 2mm、长为1.2m的钢管组成，拟用冷水 将质量流量为350kg/h的饱和水蒸气冷凝为饱和液体，

23、要求冷水的进、出口温度 分别为15 C和35 C。已知基于管外表面的总传热系数为 700 W/ (m2 K)，试计 算该换热器能否满足要求。解：设换热器恰好能满足要求，贝於凝得到的液体温度为100 C。饱和水蒸气的潜热 L = 2258.4kJ/kgZT2 = 85K，AT1 = 65K“TmT2 - T185K 65K= 74.55K.85In -由热量守恒可得KA ATm= qmLA_ qmL _ 350kg/hx2258.4kJ/kg _42佃2 _KTm 700W/(m2 K) 74.55K _ .列管式换热器的换热面积为 A总=19 X19mm Xn1左m=1.36m2v 4.21m

24、2故不满足要求。6.2密度为2650kg/m 3的球形颗粒在20 C的空气中自由沉降，计算符合斯托克斯公式的最大颗粒直径和服从牛顿公式的最小颗粒直径（已知空气的密度为1.205kg/m 3，黏度为 1.81 x10-5Pa s)。解：如果颗粒沉降位于斯托克斯区，则颗粒直径最大时，ReP二虫厘=22p- gdP所以Ut =2，同时ut二t18卜dPr所以dp二3订29 X 1 R Lt，代入数值，解得dp =7.22 10*mg同理，如果颗粒沉降位于牛顿区，则颗粒直径最小时，Rep二色虻=1000所以 ut =1000.，同时 ut =1.74dPp - gdpp所以 dp =32.33代入数值

25、，解得dp“51小6.7降尘室是从气体中除去固体颗粒的重力沉降设备， 气体通过降尘室具有 一定的停留时间，若在这个时间内颗粒沉到室底，就可以从气体中去除，如下图 所示。现用降尘室分离气体中的粉尘（密度为 4500kg/m3）,操作条件是：气体 体积流量为6m3/s，密度为0.6kg/m3,黏度为3.0 x10-5Pa s,降尘室高2m，宽 2m，长5m。求能被完全去除的最小尘粒的直径含尘气体净化气体图6-1习题6.7图示解：设降尘室长为I,宽为b，高为h，则颗粒的停留时间为t停二l/Ui，沉降 时间为上沉=h/ut，当t停_ t沉时，颗粒可以从气体中完全去除，上停=t沉对应的是能够去除的最小颗

26、粒，即I / Uj = h / ut因为ui所以UtIhb lb 5 2=0.6 m/s18 3 10，0.69.814500 -0.6RepdpUt 8.57 10 0.6 0.6卩二 30,= 1.03 ： 2,在层流区假设沉降在层流区，应用斯托克斯公式，得= 8.57 10” m =85.7检验雷诺数所以可以去除的最小颗粒直径为85.7 pm6.8采用平流式沉砂池去除污水中粒径较大的颗粒。如果颗粒的平均密度为2240kg/m 3,沉淀池有效水深为1.2m，水力停留时间为1min，求能够去除的颗 粒最小粒径（假设颗粒在水中自由沉降，污水的物性参数为密度1000kg/m 3,黏度为 1.2

27、x10-3Pa s）。解：能够去除的颗粒的最小沉降速度为Ut /t沉=1.2/60 = 0.02 口怡假设沉降符合斯克托斯公式，则Ut二：_： gdp18所以dp18 1.2 10 0.02=1.88 疋 10 m汁-：；g 2240 -1000 9.81检验Rep二 冲 二1.88 叮 晋1000 =3.13 2，假设错误。1.2 10；假设沉降符合艾伦公式，则u 0.270.6Pp _P )gdpRepP所以dp =1.6.10.6 :、0.272 订 - r g1.4 , 0.6 r0.4 ut21.4q 0.60.4(0.02 )述(1.2x10) x(1000 )4仏-2=2.12

28、10*0.272240 -10009.81dPutP 2 12 汇 10x002 汇 10001.2 10检验Rep厂0兰二3.5，在艾伦区，假设正确。所以能够去除的颗粒最小粒径为2.12 X10-4m o7.1用板框压滤机恒压过滤某种悬浮液，过滤方程为V2 V =6 10，A2t式中：t的单位为s(1) 如果30min内获得5m3滤液，需要面积为0.4m2的滤框多少个?(2) 求过滤常数K，qe，te。2_5 2解：(1)板框压滤机总的过滤方程为V 6 10 At在t =30 6 1800s内，V =5m，则根据过滤方程2占 2525 =6 10 A2 1800求得，需要的过滤总面积为A =

29、 16.67m2所以需要的板框数n = 1667二41.675、420.4(2)恒压过滤的基本方程为 V 2VVe =St与板框压滤机的过滤方程比较，可得K =6 10-m2/sVe =0.5m3，qeVete2qeK0.0326 10= 15s2qeK0.1972 2 0.197qe0.2872 2 0.287qete为过滤常数，与qe相对应，可以称为过滤介质的比当量过滤时间,7.6用过滤机过滤某悬浮液，固体颗粒的体积分数为0.015，液体粘度为1 X10-3 Pa s。当以98.1kPa的压差恒压过滤时，过滤20min得到的滤液为0.197m3/m2，继续过滤20min，共得到滤液0.28

30、7 m3/m2，过滤压差提高到196.2kPa时，过滤20min得到滤液0.256 m3/m2，试计算qe，r0，s以及两压差下的过滤 常数K (滤液黏度为1 XO-3 Pa s)。解：依题意，可得1-s22 叫 98100 )0.1972 0.197qe31200 (1)r0 10 汉0.0150.2872 2 0.287qe- 9813002400 ( 2)r0W10 =450mm X20mm，过滤 过程中，滤饼体积与滤液体积之比为0.043m 3/m3，滤饼不可压缩。实验测得，2_5在50.5kPa的恒压下，过滤方程为q0.045.16 10 t (q，t的单位分别是m3/m2 和 s)

31、。求：(1 )在50.5kPa恒压过滤时，框全充满所需要的时间；(2) 初始压差为50.5kPa恒速过滤，框全充满的时间和过滤结束时的压差；(3) 操作从50.5kPa开始，先恒速过滤至压差为151.5kPa，然后恒压操 作，框全充满所需要的时间。解：(1)滤框全充满时，滤饼体积为 0.45 0.45 0.02 = 0.00405m30.043滤液体积为 v = 0.00405 =0.094 m30.094所以q J 0.45 0.45=0.232 m3/m25.16 10“t = 0.2320.04 50.232 =1223s = 0.34h(2)恒速过滤的条件下，dq/dt二常数由( 7.

32、2.12), qd/2 q qe当 q =0 时，dq/dt50.16 10 =0.00129m3/m2s2 q qe2qe2 0.02框全充满的时间为t更80sdq/dt 0.00129过滤结束时的过滤常数为0.2322 0.232 0.02 二 K/2180，K =6.50 10Jm2/s过滤结束时压差为p = 6.50 10上50.5 =636 kPa5.16心0(3) 先恒速过滤的情况为q12 q qe = KJ2 t1，滤速为 dq/dt =0.00129 m3/m2s， q dq/ dt t1151.5)上鼻九K15.16 10=1.55 10 m2/s50.5由以上几式得t31s

33、q dq/dt t 0.00129 31=0.03999m3后恒压过滤q2 = 0.1921m30.192120.1921 0.04 二 g所以 t2 =288s所以整个过程时间为t =288 * 31 = 319s8.2吸收塔内某截面处气相组成为八.5，液相组成为x=O.01，两相的平衡5关系为y” =2x，如果两相的传质系数分别为ky丿25 10-kmol/(m 2 s), k1.25kmol/(m2 s)，试求该截面上传质总推动力、总阻力、气液两相的阻力和传质速率解：与气相组成平衡的液相摩尔分数为V = 2x=2 0.0仁0.02所以，以气相摩尔分数差表示的总传质推动力为 _y =y -

34、 y 0 = 0 5 -0.0=20.0 3同理，与液相组成平衡的气相摩尔分数差为二0.05/ 2二0.025所以，以液相摩尔分数差表示的总传质推动力为x 亠-幻 7 0 2 5 - 0 . 0 10.0 1 5Kx11/ kx 1/ mky以液相摩尔分数差为推动力的总传质系数为55- =0.83 101/ 1.25 10- 1/ 2 1.25 10kmol/(m2 s)以气相摩尔分数差为推动力的总传质系数为55nKy 二Kx/m=0.83 10 /2 =0.42 10 kmol/(m 2 s)传质速率Na=Kx：x=0.83 10* 0.015=1.25 10 = kmol/(m2 s) 或

35、者 Na 二Ky：y=0.42 10* 0.03=1.26 10 kmol/(m 2 s) 以液相摩尔分数差为推动力的总传质系数分析传质阻力 总传质阻力 1/Kx=1/ 0.83 107-1.20 105 (m2 s)/kmol 其中液相传质阻力为 1/ kx -1/ 1.25 10 =0.8 105 (m2 s)/kmol占总阻力的66.7%气膜传质阻力为 1/mky=1/ 2 1.25 1 0- =0.4 1 05(m2 s)/kmol占总阻力的33.3%8.5利用吸收分离两组分气体混合物， 操作总压为310kPa ,气、液相分传 质系数分别为 ky =3.77 10Lmol/(m2 s)

36、、k3.06 10二kmol/(m2 s)，气、液两相平 衡符合亨利定律，关系式为P1.。61*( p*的单位为kPa)，计算：(1) 总传质系数；(2 )传质过程的阻力分析；(3)根据传质阻力分析，判断是否适合采取化学吸收，如果发生瞬时不可逆化学反应，传质速率会提高多少倍?解:(1)相平衡系数m = EP41.067 10310= 34.4所以，以液相摩尔分数差为推动力的总传质系数为Kx11 / kx 1/mky1/ 3.06 10*1 / 34.4 3.77 10； 一3.5 kmol/(m2 s)以气相摩尔分数差为推动力的总传质系数为45oKy 二Kx/m=3.05 10 /34.4 =

37、 0.89 10 kmol/(m2 s)(2 )以液相摩尔分数差为推动力的总传质阻力为Kx kx mky13.05 10,= 3.28 103其中液膜传质阻力为1/kx =1/3.06 10鼻= 3.27 103，占总传质阻力的99.7%气膜传质阻力为1/mky =1/34.4 3.77 10 =7.71，占传质阻力的0.3%所以整个传质过程为液膜控制的传质过程。(3)因为传质过程为液膜控制，所以适合采用化学吸收。如题设条件，在 化学吸收过程中，假如发生的是快速不可逆化学反应，并且假设扩散速率足够快, 在相界面上即可完全反应，在这种情况下，可等同于忽略液膜阻力的物理吸收过 程，此时Kx = m

38、ky =34.4 3.77 10” = 0.13kmol/(m 2 s)与原来相比增大了 426倍8.9在吸收塔中，用清水自上而下并流吸收混合废气中的氨气。已知气体 流量为1000m 3/h (标准状态)，氨气的摩尔分数为0.01，塔内为常温常压，此 条件下氨的相平衡关系为Y* =.93X，求：(1 )用5 m3/h的清水吸收，氨气的最高吸收率；(2) 用10 m3/h的清水吸收，氨气的最高吸收率；(3) 用5 m3/h的含氨0.5% (质量分数)的水吸收，氨气的最高吸收率解:(1)气体的流量为1000 103/22.43600=12.4mol/s液体的流量为5 103 103/183600=

39、77.2 mol/s假设吸收在塔底达到平衡则 77.2 Y*/0.93 =12.40.01-Y*，所以 Y* =0.0013所以最大吸收率为，=0.01 一0.0013 =0.870.01(100003/22.4)(2)气体的流量为12.4mol/s3600(10灯03“03/18 )液体的流量为154.4mol/s3600假设吸收在塔底达到平衡则 154.4 Y*/0.93 =12.40.01-Y*，所以 Y* = 0.0007所以最大吸收率为即=0.01 -0.0007 =0.930.01(3)吸收剂中氨的摩尔分数为335 10100.005/170.00535 1010 /18假设吸收在

40、塔底达到平衡则 77.2 Y*/0.93 -0.0053 =12.40.01-Y*，所以 Y* =0.0056所以最大吸收率为0.01 -0.0056二0.440.018.11在逆流操作的吸收塔中，用清水吸收混合废气中的组分 A，入塔气体 溶质体积分数为0.01，已知操作条件下的相平衡关系为y*二x，吸收剂用量为最 小用量的1.5倍，气相总传质单元高度为1.2m，要求吸收率为80%，求填料层 的高度。解：已知传质单元高度，求得传质单元数，即可得到填料层高度塔底：Y1 =0.01塔顶：y2 =0.011 -0.8 =0.002，x2 = 0操作过程的液气比为qnL/qnG =15 qnL/qnG

41、 min = 1.51%/m X2,Jo.01-0.002.0.01/1-0吸收因子S=1.2mqnG所以，传质单元数为NOg =1In(1 1/S)y1 -mx2 +1/S I1 1/Sy2 mx21 In 1 一 0.83 -0010.83 二 3.051 - 0.83_0.002所以填料层高度为h二HgNg =1.2 3.05 = 3.66m9.125 E, 101.3kPa下，甲醛气体被活性炭吸附的平衡数据如下:q/ g（气体用（活性炭）-100.10.20.30.35气体的平衡分压/Pa02671600560012266试判断吸附类型，并求吸附常数。如果25 E，101.3kPa下，

42、在1L的容器中含有空气和甲醛的混合物，甲醛的分压为12kPa，向容器中放入2g活性炭，密闭。忽略空气的吸附，求达到吸 附平衡时容器内的压力。解：由数据可得吸附的平衡曲线如下0.05353522 5 10/0O50001000015000p/Pa吸附平衡曲线图9-1习题9.1图中吸附平衡线由上述的平衡曲线，可以判断吸附可能是Langmuir或Freundlich型1 1 1 1 由-二一- ，整理数据如下q qmk1 p qm1/q1053.32.861/p0.003740.000620.000180.00008作1/q和1/p的直线1/p图9-2习题9.1图中1/q- 1/p的关系曲线由In

43、q = 1/ n In p In k ,整理数据如下：Inp5.597.388.639.41Inq-2.30-1.61-1.20-1.05作Inq和Inp的直线图9-3习题9.1图Inq和Inp的关系曲线由以上计算可知，用 Freundlich等温方程拟合更好一些。同时计算参数如下：1/n=0.3336 , n=3 , Ink=-4.1266 , k=0.016 ,所以等温线方程为 q =0.016 p1/3题设条件下，甲醛的物质的量为n二空=12000 0.001 = 0.0048 molRT 8.314 疋 298质量为 m= 0.0048 30 = 0.144g假设达到吸附平衡时吸附量为

44、q ,则此时的压力为0.144-2q 8.314 298/ 30P 一 0.001将q =0.016 p代入，可以求得p = 89 Pa所以此时甲醛的平衡分压已经很低，如果忽略的话，可以认为此时容器内的压力为 101.3-12 =89.3kPa9.2现采用活性炭吸附对某有机废水进行处理，对两种活性炭的吸附试验平衡数据如下：平衡浓度COD/（mg孔-1）10050010001500200025003000A吸附量/ mg ?g（活性55.192.227.326.357.1378.394.7炭）-163818B吸附量/mg ?g（活性47.181.294.357.398.4434.476.2炭）-

45、168138试判断吸附类型，计算吸附常数，并比较两种活性炭的优劣解：由数据可得吸附的平衡曲线如下：Langmuir吸附等温线方程为q十皿/kJ，变形后可得一二一，丄q qm km整理数据如下:P10050010001500200025003000：7q(A)1.802.604.394.605.606.607.60：7q(B)2.102.753.404.205.025.756.30作q和二的直线01000200030004000平衡浓度COD/mgL-16005004003002001000图9-4习题9.2图吸附等温线01000200030004000P9876q、5P543210图9-5习题

46、9.2图和的关系曲线由直线可知，用Langmuir吸附等温线方程可以很好地拟合吸附曲线。分别求得方程的常数为活性炭 A: 1/qm=0.0019 , qm=526 , 1/kiqm=1.8046 , ki=0.00105活性炭 B: 1/qm=0.0015 , qm=667 , 1/kiqm=1.9829 , ki=0.00076比较两种活性炭的吸附平衡常数，可以看到B的饱和吸附量要大于 A,比表面积较大，吸附容量比较大；而 A的吸附系数比较大，吸附的性能较好。9.4用活性炭固定床对生物处理出水进行深度处理，已知生物处理出水COD浓度为100mg/L，要求活性炭吸附后出水 COD浓度达到5mg

47、/L。在不同 的空床速度和床层高度下，测得的穿透时间如下：空床速度/（m?h-1）床咼/m0.40.60.81.01.210穿透时间148.6452.7751.91047.31355.212.5/h82.1238.7398.4564.3718.61551.3153.3249.6352.1448.9（1）求不同空床流速下的 Bohart-Adams公式的参数，并作空床流速对这 些参数的曲线。（2 ）在进水浓度和处理要求相同的情况下，求空床速度为12m/h，床层高度为1.5m时的穿透时间（认为此时仍然符合 Bohart-Adams公式）。解：（1 ）固定床的穿透时间与床高的关系式为 二Bz-A，其

48、中B = -N，PoV人=丄| n1，由实验数据，作tb和z的直线巳K出丿图9-6习题9.4图tb和z的关系曲线由直线的斜率和截距可以计算得到不同空床流速下的Bohart-Adams公式空床流速对这些参数的曲线如下的参数,v/(m Th1)BNo/(mg?_-1)AK/L(mgh) -1za /m101501.71.50 X106449.286.54 X1050.29912.5799.39.99 X105239.0212.3 X1050.299154977.45 X105146.5620.1 X1050.295mAz0.350.30.250.20.150.10.050v /mh01520图9-7习题9.4图空床流速与NO , K, Za的关系(2 )