中考物理分类汇编专题电功率

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1、全国中考物理分类 专项16.电功率（山东临沂）2.某日光灯接在照明电路中正常工作时，其电流是0.13A，若通电10min，有J的电能转化成了热能和能。【解题思路】电流通过灯泡做功过程，是电能转化为热能和光能的过程。要计算消耗电能，本题懂得电压、电流和通电时间，可以直接使用电功公式W=UIt计算。W=UIt=220V0.13A600s=17160J【答案】17160光【点评】本题考察了电流做功的实质和电功的计算，难度较小。（山东临沂）10.下表是一种家庭厨房用电热水器的铭牌，该电热水器具有加热速度快的特点。（1）5kg初温是20的水被加热到60所吸取的热量是多少？（2）该电热水器正常工作时通过的

2、电流是多少？（成果保存一位小数）执行原则：GB4706.1-1998GB4706.12-产品名称：密闭型储水式电热水器产品型号：F05-15A(X)额定容量：5L额定压力：6.7MPa额定功率：1500W额定电压：220V额定频率：50Hz防水级别：IPX4【解题思路】本题将热学与电学巧妙的结合，但是难度较小。可以根据公式Q=cmt计算出水所吸取的热量，懂得热水器的额定电压为220V，额定功率为1500W，求正常工作电流，可直接根据P=UI的变形公式I=P/U进行计算。【答案】（1）5kg水吸取的热量Qcm(t-t0)=4.2103J/(kg)5kg（6020）8.4105J（2）读表知：额定

3、功率P1500W，额定电压U220V根据PUI得【点评】结合实际生活中实例，计算热量和电流，这属于常规题目，体现了对基本物理知识的应用能力的考察，难度较小。（天津）14、图8是某家用电热器内部电路构造图，其中R1、R2为加热电阻丝（R1R2）。下列有关电阻丝的四种连接方式，可使电热器提供不同的发热功率，其中大故事法对的的是（ ） A、甲的连接方式发热功率最小 B、乙的连接方式发热功率最小C、丙的连接方式发热功率最大 D、丁的连接方式发热功率最大【解题思路】由于总电压220V不变,变化的是因接线方式不同总电阻发生变化,因此用公式P=U2/R考虑。一方面在草纸上画出电路草图，甲：R1被短路，总电阻

4、为R2；乙：为R1、R2串联，总电阻为R1 + R2 ；丙：总电阻为R1 丁：为R1、R2并联，总电阻最小。再由公式P=U2/R可知：发热功率 丁甲丙乙【答案】B、D【点评】此题考核对电路的辨认，电功率的求法。是P=UI的导出公式，但却是常用的公式，由P=U2/R可得分析此题的要点是在这三个物理量中，拟定不变的量。难度较大。（天津）19、标有“PZ220 60”的白炽灯正常工作电压为 V， 额定功率为11W的节能灯与该灯泡均正常发光时亮度相称各自正常工作10h，节能灯少消耗 kwh的电能。【解题思路】从“PZ220 60”可知：白炽灯的额定电压为220V，电功率为60W。10h消耗的电能为W=

5、Pt=0.06KW10h=0.6KWh；同样计算可得11W的节能灯10h消耗的电能为0.11 KWh。【答案】220、0.49【点评】结识铭牌，并能通过铭牌数据得出有关的物理量，此题还提示我们注意节能。难度较小。（浙江温州）1我市即将迎来夏季用电高峰，为了节省和有序用电，下列做法可行的是（）A多开都市亮丽工程的景观灯和霓虹灯B停止向所有工厂、公司和商店供电C让长期不使用的家用电器处在待机状态D离开教室后及时关掉电灯和电电扇【解题思路】多开都市亮丽工程的景观灯和霓虹灯，挥霍电能；停止向所有工厂、公司和商店供电不也许；用电器不用时不应处在待机状态；离开教室后及时关掉电灯和电电扇，能节省用电。【答案

6、】D【点评】生活中应养成节省用电、节省用水的习惯。难度较小。（浙江温州）29小明设计了如图甲所示的电路图，用来测定额定电压为“2.5伏”的小灯泡的电功率。各元件都完好，电源电压保持不变。 （1）小明将各元件连接成如图乙所示的电路，请指出其中的错误：。（2）电路调节对的后，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，当观测到时，表白小灯泡正常发光，并记录电流表的示数。（3）为了进一步探究小灯泡的亮度与实际电功率的关系，小明继续调节滑动变阻器的滑片，并记录数据如下表，发现第2次实验小灯泡最亮，此时小灯泡的实际电功率为瓦。实验次数123电压表达数/伏2.52.82.0电流表达数/安0.320.350.27【解题

7、思路】电流表要串联在电路中，电压表要并联在电路中，由图可知电压表和电流表的位置颠倒了。当小灯泡两端的电压等于其额定电压，即电压表达数为2.5伏时，小灯泡正常发光。第2次实验小灯泡的实际电功率为P=UI=2.8V0.35A=0.98W。【答案】（1）电流表没有与小灯泡串联，电压表没有与小灯泡并联（2）电压表达数为2.5伏（3）0.98【点评】要经历这一实验的过程，电路的连接、实验的操作、实验数据的记录及实验结论的得出。难度中档。图6（广东湛江）18小鹏同窗家的电能表如图6所示，则小鹏家已消耗的电能为_kWh，转盘已转过_转；她发现家里只使用一只电水壶（其他用电器都关闭）时，观测到电能表转盘3分钟

8、转过100转，电水壶工作时的实际电功率为_W【解题思路】 电能表达数是从新安装到目前总共消耗的电能，示数的最后一位为小数，因此图6中的示数是30kWh，因此小鹏家已消耗的电能为30kWh；表盘中“r/ kWh”的意义是接在这个电能表的用电器每消耗1 kWh的电能，表盘转过r。根据这个意义可知，转盘转过的圈数为30 kWhr/ kWh=60000r。只使用一只电水壶时3分钟内消耗的电能W=0.05 kWh，时间单位换算：t=3min= h=h ；根据公式P = = =1kW=1000W【答案】30；60000r；1000；【点评】 本题考察的知识点是电能、电功率、电能表的读数、电能表表盘上各参数

9、的意义及其应用，考察了学生运算的能力，解决本题的核心是理解表盘中“r/ kWh”的意义以及根据这个意义进行有关消耗电能的计算。学生往往不能理解而出错或者不会做，本题难度较大。 （广东湛江）21一只电烙铁的规格为“220V 110W” 请回答问题：（1）该电烙铁正常工作的电流为多少？（2）该电烙铁的电阻为多少？（3）在额定电压下通电10min产生多少热量？【解题思路】只有在用电器两端的实际电压等于额定电压时，用电器才干正常工作，用电器在额定电压下消耗的功率为额定功率。已知用电器的额定电压和额定功率，根据公式I= 可求出它正常工作的电流，根据公式R=可求出它的电阻；电烙铁是纯电阻电器，它工作时消耗

10、的电能所有转化为热，因此求额定电压下通电10min产生的热量可以运用公式Q=W=Pt计算，也可运用公式Q=I2Rt。【答案】21. 解：（1）电烙铁正常工作的电流 I0.5 （2）电烙铁的电阻R= =440 或（3）产生热量Q=W=Pt=110W1060s=6.6104J 答：（1）电烙铁正常工作的电流为0.5A （2）电烙铁的电阻为440（3）产生的热量6.6104J阐明：用其她措施解答，对的的同样给分【点评】 本题考察了额定电压、额定功率、用电正常工作时通过的电流、电阻、焦耳定律。解决本题的核心点是纯熟运用电功率的各个公式。本题难度较小。（山东济宁）10. 将两只额定电压相似的小灯泡L1、

11、L2串联在电路中，如图8所示。闭合开关后，发现灯L1较亮，灯L2 较暗，其因素是A灯L1额定功率较大 B灯L2两端电压较大 C灯L1的电阻较大D通过灯L1的电流较大 图8【解题思路】依题题意可知小灯泡L1、L2串联在电路中，电流相等，灯L1较亮，灯L2 较暗，阐明灯L1的实际功率不小于灯L2 的实际功率，根据P=UI，得U1U2 ；根据U=IR，又U1U2，得R1R2 ；根据P额=U额2/R, 又R1R2，得P1额P2额 ，故本题答案选C。【答案】答案内容C【点评】本题考察了串联电路的电流、电压的特点，灯泡的功率有关知识，考察了知识迁移应用能力，内容比较综合，难度较大。（山东济宁）10.电流做

12、的功跟电压、电流和通电时间三个因素均有关。李明同窗要通过实验探究电功跟电压的关系，她选用的器材如图4所示。其中甲、乙两容器完全相似，电阻丝R1的阻值不小于电阻丝R2的阻值。 图4(1)请你用笔画线替代导线，帮她把实验电路连接完整。 (2)她在该实验中选用两根阻值不同的电阻丝，其目的是 。（3）在这个实验中，李明是通过观测比较 来比较电流做功多少的。电流通过电阻丝 做的功多（填R1或R2）。 （4）由这个实验可以得到的结论是： 。【解题思路】要通过实验探究电功跟电压的关系，就应控制电流和通电时间相等，将电路设计成串联电路能较好的解决这一问题，选用不同阻值的电阻丝的目的是使两电阻丝两端的电压不相似

13、；电阻丝放热多少不容易观测出来，因此实验还要用到转换法，将两电阻丝放入质量相等的煤油中，煤油吸热温度升高，可以通过观测温度计示数的变化大小来比较电流做功多少，实验观测到，电压较大的电阻丝电流做功多，而在串联电路中分压较大的导体电阻也较大。【答案】如图所示 使R1、 R2两端的电压不同。（3）温度计示数的变化R1 （ 4）在电流一定、通电时间一定期，电压越高，电流做的功越多。【点评】本题重要考察了探究影响电流做功多少因素的实验，考察了实验探究能力。影响电流做功的因素有：电压、电流、通电时间，在进行实验探究时要注意进行控制变量。此外本实验中应用到的另一种研究措施是转换法。本题难度中档。（山东菏泽）

14、220 V图1421（6分）浴霸是安装在浴室内供取暖和照明的家用电器，某品牌浴霸的铭牌和简化电路如图14所示，L为照明灯，L1和L2是两个功率均为275 W的红外线取暖灯额定电压额定频率额定功率照明取暖220V50HZ40W 550w(1)浴霸工作时，为了使取暖功率达到最大值，应闭合的开关是 （2）照明灯工作时，它的电阻是多大？（3）三灯同步正常工作半小时，消耗多少电能？ 【解题思路】为了使取暖功率达到最大值，应使两取暖灯并联；照明灯的电阻由其额定条件计算；三灯同步工作，消耗的总电能用W=Pt可得。【答案】（1）S1 S2 （2）1210 （3）0295kwh1或1.06106J【点评】本题难

15、度较大，具有一定的拔高性。（ 山东聊城）12. 两定值电阻甲、乙的I-U图像如图所示，现将甲和乙并联接在电压为6V的电源两端，下列分析对的的是（ ）A甲中的电流不不小于乙中的电流B甲两端的电压等于乙两端的电压C甲的电阻不不小于乙的电阻D甲消耗的电功率不小于乙消耗的电功率【解题思路】从图中可以看出，当甲、乙两端的电压均为6V时，通过甲的电流较大，故甲的电阻较小；根据公式PUI可知，在电压相等的状况下，通过甲的电流较大，故甲消耗的电功率不小于乙消耗的电功率。【答案】BCD【点评】从图像中获取电压、电流的关系，并根据欧姆定律拟定电阻的关系，然后再根据电功率的推导式PUI即可拟定电功率的关系。（ 山东

16、聊城）8. 小刚家安装了新感应式电能表，一种月后此表的示数如图的示，这个月她家用电 kWh；小刚家最多能接入总功率为 W的用电器。【解题思路】图中电能表的示数为65.2 kWh；小刚家最多能接入总功率为PUI220V20A4400W的用电器。【答案】65.2 4400【点评】电能表表盘的最后一位是小数；电能表容许的最大电功率可根据公式PUI计算。（ 山东聊城）17. 在如图所示的电路中，闭合开关S，电压表V的示数恒为6V，电流表的示数为0.5A，电压表V2的示数为4V。当把滑动变阻器的滑片移至最右端时，电流表的示数为0.3A。求：（1）R1的阻值。（2）滑动变阻器的最大电阻值。（3）电路消耗的

17、最小总功率。（4）当滑动变阻器的滑片移至最左端时，R1在5min内消耗的电能。【解题思路】从图中可以看出这是一种定值电阻与滑动变阻器构成的串联电路，电压表V测量的是电源电压，电压表V2测量的滑动变阻器两端的电压。（1）根据串联分压的特点可求出R1两端的电压，根据串联电路电流到处相等的特点可在通过R1的电流，然后由公式RU/I求出R1的阻值。（2）当滑动变阻器移至最右端时取最大值，可求出此时电路的总电阻，然后再求滑动变阻器的最大值。（3）当滑动变阻器取最大值时，电路中的电流最小，根据公式PUI可知，在电源电压一定的状况下，此时电路消耗的电功率最小。（4）当滑动变阻器的滑片移至最左端时，变阻器被短

18、路，此时可求出通过R1的电流，R1消耗的电功率，然后再求消耗的电能。【答案】（1）R1U1/I（6V-4V）/0.5A4（2）R总U/I6V/0.3A20，R变20-416（3）PUI6V0.3A1.8W（4）IU/R16V/4=1.5AWPtUIt6V1.5A300s2.7103J【点评】本题属于典型的电路计算题，难度较大，重要考察有关欧姆定律和电功率的计算，解题的核心弄清电路连接方式，电表的测量对象以及纯熟应用有关公式。（浙江湖州）38近年来国内某些都市陆续投入使用电动汽车充电桩，表白新能源汽车的推广和使用得到了迅速的发展。下图是直流充电桩为电动汽车进行充电的情景（图甲）及直流充电桩的重要

19、技术参数（图乙）。（1）请写出电动汽车具有的一项长处。（2）直流充电桩给电动汽车充电时将电能转化为能贮存在电动汽车的蓄电池内。（3）车主可以选择不同的输出电压和输出电流对汽车充电，根据该直流充电桩的技术参数，计算该直流充电桩充电时的最大输出功率。【解题思路】电动汽车与老式的汽（柴）油发动机汽车相比，突出的长处是减少了大气污染、减少尾气排放、噪声低（说出其中一项即可）。直流充电桩给电动汽车充电时将电能转化为化学能贮存在电动汽车的蓄电池内。由PUI可知计算最大输出功率时，电压和电流都取最大值，PUI650V150A9.75104W。【答案】（1）减少大气污染（减少尾气排放、噪声低） （2）化学 （

20、3）9.75104W【点评】本题重点考察能量转化和有关电功率的简朴计算，难度中档。（黑龙江 鸡西）10.小艳同窗某天在家开灯时，灯不亮，经检查发现保险丝被烧断。她在爸爸的协助下用一盏标有“220V 40W”的灯泡L0（检查灯泡）取代保险丝接入电路，如图所示。然后进行如下操作，并观测到相应的现象：当只闭合开关S1时，L0和L1均发光，但都比正常发光暗；当只闭合开关S2时，L0正常发光，L2不发光。由此可以判断 （ ）220V A. L1和L2所在的支路均短路 B. L1所在的支路完好，L2所在的支路短路 C. L1所在的支路完好，L2所在的支路断路 D. L1所在的支路短路，L2所在的支路断路【

21、解题思路】当只闭合开关S1时，L0和L1串联在220V的电路中，若能正常工作，它们的实际电压都不不小于额定电压，而现象恰是L0和L1均发光，但都比正常发光暗。阐明L1这条支路完好；当只闭合开关S2时，L0和L2串联在220V的电路中L0正常发光，L2不发光，阐明L0两端的电压为220V，L2两端的电压为0，阐明L2被短路。【答案】B【点评】此题最佳，先通过现象分析因素，然后再到选项里面对号入座。难度较大。（黑龙江 鸡西）13.灯L1标有“6V 6W”,L2标有“6V 3W”，串联接入电路，两灯都发光时电路中最大电流应为 A, 更亮些。 【解题思路】根据计算，I1=1A、I2=0.5A ，又因串

22、联电路电流相等，为了安全，电路中的最大电流为0.5A。此电流达到了L2的额定电流，不不小于L2的额定电流，因此L2更亮。【答案】0.5 L2【点评】运用串联电路的特点及电功率的有关公式来解决实际问题，在中考中常常浮现。难度中档。（黑龙江 鸡西）15.一根阻值为50的电阻丝，通电100s，通过的电流为1A，则电流通过电阻丝产生的热量为 J，此时电阻的电功率为 W。【解题思路】根据焦耳定律：Q=I2Rt=(1A)250100s=5000J。P=UI= I2R=(1A)250=50W【答案】5000 50【点评】此类小计算题，一定要根据题意中所给的物理量，选择合适的公式。难度中档。（黑龙江 鸡西）3

23、0.某实验小组的同窗用“伏安法”测量小灯泡电功率，待测小灯泡额定电压为3.8V ，小灯泡的额定功率估计在1 W 左右。（1）请用笔画线替代导线，完毕图乙中实物电路的连接，连线时导线不能交叉。（2）检查电路连接无误，闭合开关后，灯泡不亮，电压表有示数且接近电源电压，电流表指针几乎不动，产生这一现象的因素也许是 。（3）故障排除后，移动滑动变阻器的滑片，小灯泡正常发光时，电流表达数如图甲所示，请读出电流表的示数，并填入表格中。（4）实验中，同窗们记录了多组小灯泡两端的电压及相应通过小灯泡的电流值，但表格中仍有不完整的地方，请将所缺内容填写完整。电压U/V1.52.02.53.03.84.0电流I/

24、A0.20.220.250.280.34电功率P/W0.30.440.6250.841.36灯泡发光状况很暗 暗 正常发光 很亮（5）小组同窗们分析实验数据得出：小灯泡的发光亮度是由灯泡的 决定的，且灯泡的 ，灯泡发光越亮。（6）用图乙电路还可测量灯泡的 ，当小灯泡正常发光时的电阻是 （取整数）。【解题思路】（1）连接实物图时，可以先不管电压表。我们可以先从电源的负极开始连接，由甲图可知，电流表应接0.6A的接线柱，然后接灯泡的左、右接线柱最后接电压表的“15”接线柱（也相称于开关的右接线柱），这样串接完了后来，碰巧电压表也接好啦。（2）。闭合开关后，灯泡不亮，电压表有示数且接近电源电压，电流

25、表指针几乎不动，阐明相称于电压表串联在电路中，导致电路中的电流太小，以至于灯泡不能发光，电流表的指针不能偏转，只有灯泡处断路才相称于电压表串接在电路中啦。（3）电流表接入0-0.6A，分度值为0.02A，因此电流为0.3A+0.02A=0.32A。（4）灯泡正常发光时的功率为：P=UI=3.8V0.32A=1.216W（5）由表中数据相应灯泡发光状况可知，灯泡发光的亮度由实际功率决定，并且实际功率越大，灯泡发光越亮。（6）还可以运用此实验装置来测灯泡的电阻，来探究电流与电压，电流与电阻的关系。期正常发光时的电阻为：【答案】 答案如图（每条连线1分） 灯泡处断路（或灯丝断了） 0.32（电流表的

26、示数） 1.216（或 1.22） 实际电功率 实际电功率越大 电阻 12【点评】此题是电学的大综合题，波及的知识面很广，规定同窗们有夯实的电学基本，和灵活应用电学知识解决实际问题的能力。难度较大。（湖北省荆门市62分）6. 如图所示的电路，闭合开关后，当滑片P向左移动时，下列说法对的的是A. 灯泡L变亮B. 电压表达数变大C. 电流表A1示数变小D. 电路消耗的总功率变大【解题思路】由于灯泡L与滑动变阻器并联，因此当滑片P向左移动时，灯泡L不会变亮，故A不对的，电压表的示数不变，故B不对的，而电流表A1示数变大，故C也不对的，由于滑动变阻器的连在电路中的电阻变小，因此电路消耗的总功率变大。【

27、答案】D【点评】本题考察电路的并联和电功率的问题，解决本题的核心是结识电路，属于中档难度题。（湖北省荆门市82分）8. 如图所示，当开关闭合时，电压表V1、V2的示数分别为10V和4V，已知电动机M的线圈电阻为1，R是阻值为4的定值电阻，下列结论对的的是A. R两端的电压为6VB. 通过电动机的电流为6AC. 电阻R消耗的电功率为144WD. 电动机消耗的电功率为6W【解题思路】压表V1测电源电压，电压表V2测R两端的电压。而R与电动机M是串联的关系，因此R两端的电压为4V，故A不对的，通过电动机的电流为,从而可计算电阻R消耗的电功率与电动机消耗的电功率分别是4W与6W。【答案】D【点评】本题

28、考察电路的并联和电功率的问题，解决本题的核心是结识电路，属于中档难度题。型号WS-1217额定电压220V额定功率1200W额定容量1.2L（湖北省荆门市133分）13. 某电热水壶的铭牌如表所示，当此电热水壶正常工作时，用时8分钟将额定容量的水在一种原则大气压下从20加热到沸腾，水吸取的热量为 J，消耗的电能为 J。此电热水壶的效率为 。（c水= 4.2103J/(kg)）【解题思路】1.2L的水在一种原则大气压下从20加热到沸腾，水吸取的热量；消耗的电能；因此此电热水壶的效率为。【答案】 【点评】本题考察热比容、电能以及效率的计算，核心对于公式的理解，属于中档难度题。（湖北省荆门市2010

29、分）20. 如图所示，电源电压恒定不变，小灯泡L上标有“6V 3W”字样，已知滑动变阻器R的最大阻值为20，电流表的量程为00.6A，电压表的量程为03V。灯泡电阻不随温度变化，求：（1）闭合S1、断开S2，滑动变阻器滑片在最右端时，此时灯泡的实际功率为0.75W，求电压电压是多大?（2）闭合S1、S2，要保证电路中各元件安全，求滑动变阻器R的取值范畴。【解题思路】由题意可知，小灯泡L的电阻.（1）闭合S1、断开S2，滑动变阻器滑片在最右端时，灯L与滑动变阻器是串联的关系，并且滑动变阻器的阻值此时最大，即为20，又根据此时灯泡的实际功率为0.75W，因此有,因此可得此时灯L两端电压为，从而又有

30、，因此，故；（2）如果电流表的示数达到最大，则有由于灯泡L的型号民“6V 3W”，因此容许通过灯泡L的电流最大为，此时电路中的总阻为,因此此时滑动变阻器R的取值为；如果让滑动变阻器R的两端电压达到3V，则有，则可得，因此滑动变阻器R的取值为.【答案】（1） （2）【点评】本题考察电路的串联、欧姆定律以及电功率的计算，核心在于公式的变形运用，属于有一定难度的题。（福州）20如图9所示，电源电压不变，灯L标有“6V6W”字样。当闭合开关S1时，灯L正常发光，它的电阻是；再闭合开关S2，前后两次电流表的示数之比为2：3，则电阻R的阻值为。【解题思路】根据R=6；此时电源电压为6V。又前后两次电流表的

31、示数之比为2：3；因此I1：I2=2:1；因此R1：R2= I2：I1=1:2；因此R2=12【答案】6；12。【点评】懂得并联电路各支路互不影响，并且并联电路电压和电流的特点，会纯熟应用欧姆定律和电功率公式进行计算。（福州）25（8分）如图14甲所示电路，电源电压为6V不变，滑动变阻器的滑片P从a端移动到b端，定值电阻R1两端的电压随滑动变阻器R2阻值变化的图像如图14乙所示。问：（1）当R2为10时，电压表的示数是多少？（2）当电压表达数为2V时，R1的阻值是多少？（3）滑动变阻器的滑片P在b端时，电阻R1的功率是多少？【解题思路】根据图像当R2为10时，电压表的示数是3V；电压表是测量R

32、1的，规定出R1阻值，可根据串联电路电流相等特点求出I2,然后根据欧姆定律求出；再求电功率时，要看题中条件灵活运用电功率求解。【答案】（1）当R2为10时，电压表的示数是3V（2）当电压表的示数是2V时，U1=2V，R2=20；由于R1与R2串联，因此U2=UU1=6V2V=4V，I1=I2=0.2A；R1=10(3)解法一：滑片P在b端时，U1/=1V，P1/=0.1W。解法二：滑片P在b端时，R2/=50；R/=R1R2/=1050=60；I1/=I2/=0.1A，P1/= I1/ R1=（0.1A）210=0.1 W。【点评】解答本题时一方面要对电路进行分析，然后根据电路的电流规律、电压

33、规律、电阻规律，结合欧姆定律公式，电功率公式进行计算。本题是常用题型，难易适中，是一道好题。（福州）30（10分）小明学会了测小灯泡的功率后，在教师的启发下，进一步思考：电流一定期，小灯泡功率跟电阻有什么关系呢？于是她运用如图22所示电路，选用分别标有“1.5V0.25A”、“2.5V0.3A”和“3.8V0.3A”字样的小灯泡L1、L2、L3，测出它们在电流相似时的电阻和功率，来探究小灯泡功率与电阻的关系。（1）她将灯L1接入图22电路，请你用笔画线替代导线，帮她将实物电路连接完整。（2）闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应置于（选填“A”或“B”）端。（3）闭合开关后，她调节滑动变阻器的滑片P

34、，使通过灯L1的电流为0.2A，再测出L1两端的电压，此时电压表达数如图23所示，为V，然后计算出此时灯L1的电阻是，实际功率是W。（4）换上灯L2，闭合开关，此时电流表的示数将变（选填“大”或“小”），为保持电流为0.2A不变，应将滑片P向（选填“A”或“B”）端移动；再测出L2两端的电压，算出L2的电阻和功率。换上灯L3，做第三次实验，并将实验数据记录在下表。次数灯泡I/AU/VR/P/W1L10.22L21.680.323L32.4120.48（5）请根据实验数据，在图24中作出小灯泡功率与电阻关系的图像。（6）分析图像可得结论：在电流一定期，小灯泡的实际功率与电阻成关系。（7）小波觉得

35、：为了控制实验条件，小明每次实验要换灯泡还要调节滑动变阻器，这样的操作不够简便。对此你可以如何改善？。【解题思路】本题是通过多种措施来考察电功率有关内容的。连接实物图需注意，电表的正负极接入方式，以及量程的选择；连接电路时，为了避免电路元件受损，开关要断开，应将滑动变阻器调到最大阻值；据灯泡额定电压U，电流表读数I，用公式P=UI即可求解灯泡功率等。【答案】（1）如答图4所示；（2）A；（3）0.8；4；0.16；（4）小；B（5）如答图5所示（6）正比（7）可以将L1、L2、L3串联在同一电路中，就控制了导流一定。【点评】该题考察学生对的操作实验的水平，并对实验结论做出合理的分析和评价。题目

36、过于冗长，但是考察的内容却是非常基本简朴的，重要看学生总结结论的能力，以及对相应拓展知识的灵活应用。14、（四川广安）在如图8所示的电路中，电源电压保持不变，当开关S由断开到闭合，电流表两次示数之比是15。闭合S后，与的阻值之比和电功率之比分别是（）A、41；14 B、14；41 C、15；51 D、51；15【解题思路】开关断开时，电路中只有R1，闭合后，增长了一条支路，R1与R2并联，此时电流表测的是两条支路中的总电流，电流表中增长的电流就是通过R2中的电流，假设通过R1的电流为I1，通过R2的电流为I2，则有I1：I21：4，根据并联分流原理可得：R1：R2I2：I14：1。又由于并联电

37、路两端的电压相似，根据公式PUI可知，电功率与电流成正比，因此P1：P2I1：I21：4。故选项A是对的的。【答案】A【点评】该题重要考察了学生对并联分流知识的应用状况，如果不能选用合适的公式进行分析则容易出错。难度较大。19（四川广安）（7分）下表为一台电烤箱的铭牌，其内部简化电路如图12所示，R1和R2均为电热丝。牌电烤箱额定电压220V额定功率高温档1100W低温档440W电源频率50HZ求：(1) 电烤箱在高温档正常工作15min所消耗的电能； (2) 电烤箱在低温档正常工作时，R2的阻值是多少；（3）假设在用电高峰时，家庭电路实际电压为200V，电烤箱在高温档的实际功率是多少（实际功

38、率计算成果保存到小数点后1位）？【解题思路】一方面弄清晰电烤箱的高温档和低温档是如何实现的。当开关S闭合时，电阻R2被短路，电路中只有R1工作，此时处在电烤箱的高温档；当开关S断开时，R1与R2两个电阻串联，此时处在电烤箱的低温档。然后选用合适的公式进行计算。需要注意的是第（3）问题，当实际电压变化时，其发热功率也要发生变化，应当用实际电压和前面计算出来的R1阻值来算出实际功率。【答案】（1）W高P高t1100W1560s9.9105J（2）当S闭合时，R2被短路，此时电烤箱高温档工作则当S断开时，R1与R2串联，此时电烤箱低温档工作则因此R2的阻值为：R2R总R11104466（3）当实际电

39、压为200V时，电烤箱在高温档的实际功率为：【点评】该题考察了电学知识的综合应用，解题的核心是辨认电路，清晰在什么状况下是高温档工作，什么状况下是低温档工作，从而根据不同条件下的数据进行计算。难度较大。（重庆市）13小明家中的电能表如图7所示，从表盘信息可知，小明家接入的用电器总功率不能超过_W。当家里只有微波炉工作时，电能表在1 min内转60转，则微波炉消耗的电能为_J。【解题思路】用电器最大的总功率P=U额Imax=220V10A=2200W；表盘上标有“3600R/kWh”，则60转消耗的电能W=n/n0 kWh=n/n03.6106J=60/36003.6106J=6104J。【答案

40、】2200 6104【点评】本题考察电能表的使用，对的理解电能表表盘上参数的物理意义是解题的核心。注意电功的两个单位kWh和J的换算关系。本题难度中档。（江苏连云港市23 3）把标有“6V 3W”的灯泡L1和标有“12V 3W”的灯泡L2串联接在电压为6V的电源两端，通过它们的电流为_A，它们消耗的功率之比为_；若将它们并联接在该电源上，消耗的总功率为_W。【解题思路】可以从额定功率，功率的计算考虑，L1的电阻，L2的电阻，通过它们的电流为，若将它们并联接在该电源上，消耗的总功率为【答案】0.1 14 3.75【点评】考察知识点是：功率的计算，欧姆定律、电阻的串并联，容易错的地方是：不懂得怎么

41、计算实际功率，难度较大（无锡市）14. 小华用如图所示的电路测小灯泡功率电路中电源电压恒为4.5V，电压表的量程为O3V，电流表的量程为00.6A，滑动变阻器的规格为“20 lA”，灯泡标有“2.5V 1.25W”字样。若闭合开关，两电表的示数均不超过所选量程，灯泡两端电压不容许超过额定值，不考虑灯丝电阻的变化，则下列说法对的的是A电流表达数的变化范畴是O0.5AB滑动变阻器的电阻容许调节的范畴是2.520C灯泡的最小功率是0.162WD该电路的最大功率是2.7W【解题思路】由公式P=UI得I额=P额/U额=1.25W/2.5V=0.5A，为了保护小灯泡，电路中容许通过的电流最大是0.5A，这

42、时滑动变阻器阻值最小，R=U/I=（U总U额）/I额=（4.5V2.5V）/0.5A=4，因此滑动变阻器的电阻容许调节的范畴是420；小灯泡的电阻为R灯=U额/I额=2.5V/0.5A=5，当滑动变阻器滑到最右边时，滑动变阻器阻值最大，为20，此时，电路中的总电阻最大，电路中的电流最小，由欧姆定律I最小=U总/R总=4.5V/（205）=0.18A，因此电流表达数的变化范畴应是0.18A0.5A；灯泡的最小功率P灯最小=I最小2R灯=0.162W该电路的最大功率是P总大= U总I =4.5V0.5A=2.25W。【答案】C【点评】本题考察学生对电学部分综合掌握状况，难度较大。（无锡市）27在如

43、图所示的电路中，闭合开关S，灯L不亮，电压表有示数已知电路中各处均接触良好。 (1)请写出发生上述现象的三个也许因素： ； ； (2)为进一步拟定因素，小华同窗将一种电流表对的串联在该电路中，闭合开关S，观测电流表的示数状况著电流表有示数，阐明上述现象产生的因素是 (写出一种也许因素)；若电流表无示数，阐明上述现象产生的因素是 。(3)小明同窗准备用一根导线并联接在电阻R两端，根据灯泡能否发光进一步拟定因素。此操作方案与否可行，请阐明理由 【解题思路】小华将电流表串联在电路中，电流表有示数，阐明电路中有电流，肯定不是断路，如坚决路，电路中就没有电流；如果没有示数，阐明电路中没有电流，那肯定不是

44、灯L短路，如果灯L短路，电路中会有电流存在。【答案】（1）电阻R断路 灯L短路或灯泡两端电压远不不小于其额定电压（其她答案合理同样得分）（2）灯L短路（其她答案合理同样得分） 电阻R断路（3）不可行 也许会导致电源短路【点评】本题考察学生查找实验中错误和解决问题的能力，难度较大。（无锡市）29(6分)如图是家庭、宾馆常用的电热水壶，袭中列出了其部分技术参数 型号FYTSl010A 额定电压 220V 频率 50Hz 额定功率 1000W 容量 1.OL (1)电热水壶正常工作时的电流是多少? (2)电热水壶正常工作时，用6min就能将整壶水烧开，如果水吸取的热量是3.24105J，则该电热水壶

45、的效率是多少? (3)有关电热水壶的安全使用，有下列几种说法，其中不对的的是 (填序号) 电热水壶不用时，应拔下电源插头；当壶体和基座被弄脏时，放进清水中清洗；电热水壶工作时，身体不可接近壶嘴；注入水时，水位不超过电热水壶的最高水位线【解题思路】在表中选出有用的信息，代入公式即可。电热水壶的效率是被水吸取的热量在消耗的电能中所占的比例。【答案】（1）由公式（1分） =4.5A（1分）（2）电热水壶消耗的电能（1分）电热水壶的效率（1分）（3）（2分）【点评】考察学生从题中提取有用信息的能力，难度中档。（四川绵阳）23.如下有关灯泡亮暗的讨论，你觉得对的的是（ ）。 A.灯泡的亮暗由灯泡的电压决

46、定 B.灯泡的亮暗由灯泡的电流决定 C.灯泡的亮暗由灯泡的实际功率决定 D.灯泡的亮暗由灯泡的额定功率决定【解题思路】灯光的亮暗是由灯泡的实际功率决定的，因此C对的，D不对的。而灯泡的实际功率是由灯泡两端的实际电压与流过的实际电流的乘积决定的，与这两个因素同步有关，因此AB选项都不全面。【答案】C【点评】只有实际功率才干决定灯泡的亮暗限度，与其她量没有关系。记住，决定白炽灯泡明亮限度的因素只有一种：那就是灯泡的实际功率。本题难度较小。（四川绵阳）38 上海世博会上，世博园区大量应用了LED技术。LED其实是一种半导体新型节能灯，它可以将电能的90转化为光能（白炽灯只能将电能的20转化为光能）。

47、已知某LED灯在一定电压范畴内的工作电流都是20mA，只是在不同的电压下发光颜色不同：当加在它上面的电压为1.8 V时，它发红光；当加在它上面的电压为1.4 V时，它发黄光；当加在它上面的电压为3.2 V时，它发蓝光。如果将该LED灯与一定值电阻R串联后接在电压为5V的电源两端时它发黄光，则该LED灯的电功率是_W，定值电阻R阻值是_。【解题思路】由于LED灯发的是黄光，因此加在它上面的电压是1.4V.因此该LED灯的电功率是P1=U1I=1.4V0.02A=0.028W定值电阻R阻值R=U2/I=(5V-1.4V)/0.02A=180【答案】0.028 180【点评】本题考察的知识点是电功率

48、和欧姆定律的计算。解决本题的核心点是要理解串联电路中电压、电流的特点及电功率计算公式，并能纯熟进行有关计算。此外，能在较复杂的试题描述中找出有用的条件，舍弃无用的条件也是一种核心点。本题难度中档。（江苏南京19题4分）如图所示，电源电压不变，R1=6，R2=4 (1)当开关S1闭合，S2、S3断开时，电流表的示数为0.6A，电路总电阻是 ，电源电压为 V (2)当开关S1、S2和S3都闭合时，电流表达数为l.5A，此时通过R1的电流是 A，10s内电流通过灯泡L做的功为 J【解题思路】(1)当开关S1闭合，S2、S3断开时，则R1、R2串联，电路的总电阻R= R1+ R2=6+4=10。电源电

49、压U=RI=100.6A=6V。（2）当开关S1、S2和S3都闭合时，R1、灯泡L并联，电流表测干路中的电流I=1.5A，此时通过R1的电流，则通过灯泡的电流IL=I- I1=1.5A-1A=0.5A，10s内电流通过灯泡L做的功WL=UILt=6V0.5A10s=30J.【答案】(1)10 6 (2)1 30【点评】本题重点考察了辨认电路和电功的计算等有关知识。试题难度适中。 （江苏南京22题2分）某辆以蓄电池为驱动能源的环保汽车，当它在水平路面上以v =36 kmh的速度匀速行驶时，驱动电机的输入电压U=300 V，电流I=50 A在此行驶状态下，驱动电机的输入功率是 W；若驱动电机可以将

50、输入功率的90转化为用于牵引汽车迈进的机械功率，则汽车所受阻力为 N【解题思路】（1）根据P=UI求解；（2）根据P机械=90P，P机械=Fv=fv，求出f即可。【答案】1.5104 1.35103【点评】本题重点考察了机械功率和电功率有关计算。试题难度较大。（江苏南京30题6分）在“测量小灯泡电功率”的实验中，已知电源电压为3V，小灯泡的额定电压为2.5V，正常发光时的电阻约为8，实验器材如图甲所示 (1)在图甲中，请你用笔画线替代导线将电路连接完整(导线不得交叉)； (2)在连接电路时开关应 ，滑动变阻器的滑片应放在 (选填“A”或“B”)端；(3)某次实验中，电压表读数为l.8V要测量小

51、灯泡的额定功率，应将滑片向 (选填“A”或“B”)端滑动，小灯泡正常发光时电流表的示数如图乙所示，则小灯泡的额定功率为 W【解题思路】（2）闭合开关前，应将滑动变阻器调到最大值，保护电路，滑片移到B端，阻值最大。（3）小灯泡两端的电压为1.8V时，不不小于小灯泡的额定电压，要提高小灯泡两端的电压可以通过增大电路中电流措施，即须减小电路中的总电阻，滑片向A端移动时，滑动变阻器连入电路中的阻值减小，电路中的总电阻减小。根据P=UI计算小灯泡的电功率。【答案】(1)见图 (2)断开 B (3)A 0.75【点评】本题考察测量小灯泡的电功率。注意：小灯泡正常发光即为小灯泡两端的电压为额定电压。本题难度

52、较大。（江西）19、电动自行车是倍受人们青睐的一种交通工具，如图10所示，她可以电动骑行，亦可以脚踏骑行，电动骑行时，蓄电池对车上电动机供电，电动机为车提供动力，下表是某型号电动自行车重要技术参数。（1）电动自行车以额定功率行驶时通过电动机线圈的电流是多大?（2）表中“12Ah”表达蓄水池布满电时储存的电荷量，相称于“It”的值，则蓄电池充足一次电可储存的能量是多少J？（3）从环保的角度来看，与摩托车相比，电动自行车有什么优缺陷?(各列举一条)【解题思路】（1）根据功率的计算公式P=UI，变形可得I=P/U，代入额定电功率和额定电压求得；（2）“12Ah”从单位可以判断，一种是电流，一种是时间

53、，由电功的计算公式W=UIt可知，乘上其输出电压48V即可求出电池的容量，即储存的电能；（3）本题为开放性试题，可从环保角度来答题。【答案】（1）I=P/U=240W/48V=5A；（2）W=UIt=48V12A3600s=2.0736106J；（3）长处：无尾气（噪音小），缺陷：废弃电池污染环境【点评】本题重要考察额定电功率、电功的计算及能源的运用；本题中的一种难点就是对“12Ah”的结识，考生可以根据试题的提示容易答题，试题难度小。（哈尔滨）23.同窗们用如图所示电路探究“电功率与电流的关系”.如下观点不对的的是( ) A.实验要选用规格不同的灯泡 B.实验中将两灯并联控制了灯两端电压相似

54、 C.将滑动变阻器串联在干路中可以完毕实验 D.将题中并联电路改为串联电路也可以完毕实验【解题思路】根据P=UI可知，电功率大小与电压和电流大小有关。本题探究电功率与电流的关系，应控制电压不变，因此L1与L2并联，两支路电压相似；为避免测量具有偶尔性和多次测量，选择不同规格灯泡且电路中加入滑动变阻器，可以变化L1与L2电压和电流。【答案】D【点评】本题通过探究电功率与哪些因素的关系。考察学生采用什么样的实验措施，实验器材的选择，如何减小实验误差等。难度中档。（哈尔滨）47.(2分)如图所示，电源电压为l2V，定值电阻R1为l2，滑动变阻器R2标有“50 1A”字样，电流表A1量程为03A，A2

55、量程为00.6A。当滑动变阻器的滑片在中点时，通过滑动变阻器的电流为A；在滑片移动过程中，电路消耗的最大功率为W.【解题思路】分析电路可知R1与R2并联，U=U1=U2=12V，A1测总电流，A2测R2电流。当滑片在中点时，R2=25，根据I2=U2/R2=12V/25=0.48A；电源电压不变，电路中最大功率即电路中总电流最大时。又由于R1电压电阻不变，通过R1电流不变，I1=U1/R1=12V/12=1A。当R2电阻变小，通过R2电流变大，总电流变大。由题可知，R2最大电流为0.6A， I最大=0.6A+1A=1.6A。P最大=UI最大=12V1.6A=19.2w【答案】0.48 19.2

56、【点评】考察学生结识电路，根据并联电路特点，欧姆定律分析计算。难度较大。（哈尔滨）53.(6分)某电水壶的铭牌信息如图1所示，电水壶在原则大气压下工作.【c水=4.2103J/（kg)】(1) 电水壶装满初温为20的水时，在额定电压下将水烧开用了7 min.求：水吸取的热量是多少? 电水壶烧水过程中的能量转化效率是多少? (2)农村电网改造前，用电高峰时电压会下降l0.求：这时电水壶的实际功率P。.(电阻不随温度变化)(3)为使电水壶的功率在用电高峰时仍能达到W，甲、乙两位同窗对电水壶的电路进行了改造，在原电阻丝R1两端并联一种电阻丝R2，如图2所示，并分别推导出了R2的体现式.请你指出哪个体

57、现式是错误的，并分析若用此电阻丝来改造 电水壶的成果.【解题思路】(1) 电水壶是把电能转化为内能的装置，根据Q=cm(t-to)和W=Pt算出水吸取热量和消耗电能，继而求出电水壶效率=Q/Pl00；(2)根据题目中条件U实=U额(1-10)，求出实际电压，再根据R=求出电阻，由于电阻不随电压和电流的变化而变化，从而求出实际功率：P实=；(3)并联电阻丝后P总=P1+P2，因此P2=P总-P1。当用电高峰时P2=U实2/R2，P总=P额=w，带入式后得R2 =。将数字带入两公式，乙同窗计算的R2不不小于甲同窗计算的R2 乙同窗的 R2接入电路后，电路消耗的总功率不小于W，导线中的电流过大，存在安全隐患。【答案】(1)水吸取的热量：Q=cm(t-to)=4.2l03J/(kg)2 kg(100-20)=6.72l05 J(1分) 消耗的电能 ：W=Pt=W760s=8.4105 J 能量转化效率：= l00= 100=80(2)实际电压：U实=U额(1-10)= 220V(1-10)=198V 电阻丝的电阻：R1=24.2 实际功率：P1=1620W (3)乙同窗的R2 = 是错误的分析过程：通过比较可知，乙同窗计算的R2不不小于甲同窗计算的R2 乙同窗的 R2接入电路后，电路消耗的总功率不小于W，导线中的电流过大，存在安全隐患。【点评】本