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1、泛函分析习题解答1、设为一度量空间，令 ，问的闭包与否等于。解答：在一般度量空间中不成立，例如：取的度量子空间，则中的开球的的闭包是，而2、设是区间上无限次可微函数全体，定义，证明：按构成度量空间。证明：（1）显然且有，特别当时有有。（2）由函数在上单调增长，从而对有即三角不等式成立。3、设是度量空间中的闭集，证明必有一列开集涉及，并且。证明：设为度量空间中的闭集，作集： ，为开集，从而只要证；可实上，由于任意正整数，有，故：。另一方面，对任意的，有 ，令 有。因此（由于闭集）。这就是说， 综上所证有：。4、设为度量空间上的距离，证明也是上的距离。证明：一方面由为度量空间上的距离且，因此显然有
2、且的充要条件是，而的充要条件是，因此的充要条件是。另一方面由函数在上单调增长有即三角不等式成立。因此也是上的距离。5、证明点列按题2中距离收敛于的充要条件为的各阶导数在上一致收敛于的各阶导数。证明：由题2距离的定义：则有：若上述距离收敛于，则。因此对任何非负整数有：。由此对任何非负实数有。从而对任何非负整数，的各阶导数在上一致收敛于的各阶导数。反之：若对每个，的各阶导数在上一致收敛于的各阶导数，则对每个有，则有：从而对任意的非负实数有：。又由于从而；，于是有：。从而取时 于是有。从而点列按题2中距离收敛于。7、设及是度量空间中两个集，如果，证明必有不相交开集及分别涉及及。证明：记。，觉得半径作
3、点的邻域，令，则是开集且。同理可作开集，使得。余证，如若否则即，则存在，由及的作法可知，必有，使得，即，。从而有另一方面，从而有，由于，故得矛盾。因此。9、设是可分距离空间，为的一种开覆盖，即是一族开集，使得对每个，有中的开集，使，证明必可从中选出可数个集构成的一种开覆盖。证明：因是可分距离空间，因此在中存在可数稠密子集。因是的一种开覆盖。因此，存在中的开集，使得且是的内点。存在，使，因在中稠密，从而可在上取出中的点，再取有理数，使得（此处的有理数与均有关系）于是，由的任意性从而满足该条件的开集的全体覆盖。又由于的和均为可数故这种开集的全体至多可数。10、设是距离空间，为中的子集，令，证明是上的持续函数。证明：，则由可得同理可得：。因此当即时有。因此在处持续，由在上的任意性得在上持续。14、Cauahy点列是有界点列。证明：设是度量空间中的中的Cauahy点列，则有。特别取，则对任意的有，则 ，即点列的直径，从而点列是有界集。另一方面对于，取，则即是中的有界集。又集，因此有界。设是赋范空间，是中的Cauahy点列点列，则时有，今取，则，使得。，取，则，有。因此点列有界。18、设为完备度量空间，是到中的映射，记，若，则映射有唯一不动点。证明：因，由级数收敛之必要条件有，于是对于，时有。于是时，。从而从后，映射是到的压缩映射。又由于是完备的，因此映射有唯一不动点。
实变函数与泛函分析基础第三版答案
