统一高考数学试卷(理科)(卷ⅰ)(2)

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1、全国统一高考数学试卷（理科）（全国卷）一、选择题（共12小题，每题5分，满分60分）1（5分）函数的定义域为（）Ax|x0Bx|x1Cx|x10Dx|0x12（5分）掷一种骰子，向上一面的点数不小于2且不不小于5的概率为p1，拋两枚硬币，正面均朝上的概率为p2，则（）Ap1p2Bp1p2Cp1=p2D不能拟定3（5分）在ABC中，=，=若点D满足=2，则=（）ABCD4（5分）设aR，且（a+i）2i为正实数，则a=（）A2B1C0D15（5分）已知等差数列an满足a2+a4=4，a3+a5=10，则它的前10项的和S10=（）A138B135C95D236（5分）若函数y=f（x）的图象与函

2、数y=ln的图象有关直线y=x对称，则f（x）=（）Ae2x2Be2xCe2x+1De2x+27（5分）设曲线在点（3，2）处的切线与直线ax+y+1=0垂直，则a=（）A2BCD28（5分）为得到函数的图象，只需将函数y=sin2x的图象（）A向左平移个长度单位B向右平移个长度单位C向左平移个长度单位D向右平移个长度单位9（5分）设奇函数f（x）在（0，+）上为增函数，且f（1）=0，则不等式0的解集为（）A（1，0）（1，+）B（，1）（0，1）C（，1）（1，+）D（1，0）（0，1）10（5分）若直线=1与圆x2+y2=1有公共点，则（）Aa2+b21Ba2+b21CD11（5分）已知

3、三棱柱ABCA1B1C1的侧棱与底面边长都相等，A1在底面ABC内的射影为ABC的中心，则AB1与底面ABC所成角的正弦值等于（）ABCD12（5分）如图，一环形花坛提成A，B，C，D四块，既有4种不同的花供选种，规定在每块里种1种花，且相邻的2块种不同的花，则不同的种法总数为（）A96B84C60D48二、填空题（共4小题，每题5分，满分20分）13（5分）若x，y满足约束条件，则z=2xy的最大值为14（5分）已知抛物线y=ax21的焦点是坐标原点，则以抛物线与两坐标轴的三个交点为顶点的三角形面积为15（5分）在ABC中，AB=BC，若以A，B为焦点的椭圆通过点C，则该椭圆的离心率e=16

4、（5分）等边三角形ABC与正方形ABDE有一公共边AB，二面角CABD的余弦值为，M，N分别是AC，BC的中点，则EM，AN所成角的余弦值等于三、解答题（共6小题，满分74分）17（10分）设ABC的内角A，B，C所对的边长分别为a，b，c，且acosBbcosA=c（）求的值；（）求tan（AB）的最大值18（12分）四棱锥ABCDE中，底面BCDE为矩形，侧面ABC底面BCDE，BC=2，AB=AC（）证明：ADCE；（）设CE与平面ABE所成的角为45，求二面角CADE的大小19（12分）已知函数f（x）=x2+ax+1lnx（）当a=3时，求函数f（x）的单调递增区间；（）若f（x）在

5、区间（0，）上是减函数，求实数a的取值范畴20（12分）已知5只动物中有1只患有某种疾病，需要通过化验血液来拟定患病的动物血液化验成果呈阳性的即为患病动物，呈阴性即没患病下面是两种化验措施：方案甲：逐个化验，直到能拟定患病动物为止方案乙：先任取3只，将它们的血液混在一起化验若成果呈阳性则表白患病动物为这3只中的1只，然后再逐个化验，直到能拟定患病动物为止；若成果呈阴性则在此外2只中任取1只化验（）求依方案甲所需化验次数不少于依方案乙所需化验次数的概率；（）表达依方案乙所需化验次数，求的盼望21（12分）双曲线的中心为原点O，焦点在x轴上，两条渐近线分别为l1，l2，通过右焦点F垂直于l1的直线

6、分别交l1，l2于A，B两点已知|、|、|成等差数列，且与同向（）求双曲线的离心率；（）设AB被双曲线所截得的线段的长为4，求双曲线的方程22（12分）设函数f（x）=xxlnx数列an满足0a11，an+1=f（an）（）证明：函数f（x）在区间（0，1）是增函数；（）证明：anan+11；（）设b（a1，1），整数证明：ak+1b全国统一高考数学试卷（理科）（全国卷）参照答案与试题解析一、选择题（共12小题，每题5分，满分60分）1（5分）（全国卷）函数的定义域为（）Ax|x0Bx|x1Cx|x10Dx|0x1【分析】偶次开方的被开方数一定非负x（x1）0，x0，解有关x的不等式组，即为函

7、数的定义域【解答】解：由x（x1）0，得x1，或x0又由于x0，因此x1，或x=0；因此函数的定义域为x|x10故选C2（5分）（全国卷）掷一种骰子，向上一面的点数不小于2且不不小于5的概率为p1，拋两枚硬币，正面均朝上的概率为p2，则（）Ap1p2Bp1p2Cp1=p2D不能拟定【分析】计算出多种状况的概率，然后比较即可【解答】解：不小于2不不小于5的数有2个数，p1=；投掷一次正面朝上的概率为，两次正面朝上的概率为p2=，p1p2故选B3（5分）（全国卷）在ABC中，=，=若点D满足=2，则=（）ABCD【分析】把向量用一组向量来表达，做法是从规定向量的起点出发，尽量沿着已知向量，走到规定

8、向量的终点，把整个过程写下来，即为所求本题也可以根据D点把BC提成一比二的两部分入手【解答】解：由，故选A4（5分）（全国卷）设aR，且（a+i）2i为正实数，则a=（）A2B1C0D1【分析】注意到a+bi（a，bR）为正实数的充要条件是a0，b=0【解答】解：（a+i）2i=（a2+2ai1）i=2a+（a21）i0，a=1故选D5（5分）（全国卷）已知等差数列an满足a2+a4=4，a3+a5=10，则它的前10项的和S10=（）A138B135C95D23【分析】本题考察的知识点是等差数列的性质，及等差数列前n项和，根据a2+a4=4，a3+a5=10我们构造有关基本量（首项及公差）的

9、方程组，解方程组求出基本量（首项及公差），进而代入前n项和公式，即可求解【解答】解：（a3+a5）（a2+a4）=2d=6，d=3，a1=4，S10=10a1+=95故选C6（5分）（全国卷）若函数y=f（x）的图象与函数y=ln的图象有关直线y=x对称，则f（x）=（）Ae2x2Be2xCe2x+1De2x+2【分析】由函数y=f（x）的图象与函数y=ln的图象有关直线y=x对称知这两个函数互为反函数，故只规定出函数y=f（x）的反函数即可，欲求原函数的反函数，即从原函数y=ln中反解出x，后再进行x，y互换，即得反函数的解析式【解答】解：，x=（ey1）2=e2y2，改写为：y=e2x2答

10、案为A7（5分）（全国卷）设曲线在点（3，2）处的切线与直线ax+y+1=0垂直，则a=（）A2BCD2【分析】（1）求出已知函数y在点（3，2）处的斜率；（2）运用两条直线互相垂直，斜率之间的关系k1k2=1，求出未知数a【解答】解：y=y=x=3y=即切线斜率为切线与直线ax+y+1=0垂直直线ax+y+1=0的斜率为a（a）=1得a=2故选D8（5分）（全国卷）为得到函数的图象，只需将函数y=sin2x的图象（）A向左平移个长度单位B向右平移个长度单位C向左平移个长度单位D向右平移个长度单位【分析】先根据诱导公式将函数化为正弦的形式，再根据左加右减的原则进行平移即可得到答案【解答】解：，

11、只需将函数y=sin2x的图象向左平移个单位得到函数的图象故选A9（5分）（全国卷）设奇函数f（x）在（0，+）上为增函数，且f（1）=0，则不等式0的解集为（）A（1，0）（1，+）B（，1）（0，1）C（，1）（1，+）D（1，0）（0，1）【分析】一方面运用奇函数定义与得出x与f（x）异号，然后由奇函数定义求出f（1）=f（1）=0，最后结合f（x）的单调性解出答案【解答】解：由奇函数f（x）可知，即x与f（x）异号，而f（1）=0，则f（1）=f（1）=0，又f（x）在（0，+）上为增函数，则奇函数f（x）在（，0）上也为增函数，当0x1时，f（x）f（1）=0，得0，满足；当x1时，

12、f（x）f（1）=0，得0，不满足，舍去；当1x0时，f（x）f（1）=0，得0，满足；当x1时，f（x）f（1）=0，得0，不满足，舍去；因此x的取值范畴是1x0或0x1故选D10（5分）（全国卷）若直线=1与圆x2+y2=1有公共点，则（）Aa2+b21Ba2+b21CD【分析】用圆心到直线的距离不不小于或等于半径，可以得到成果【解答】解：直线与圆有公共点，即直线与圆相切或相交得：dr，故选D11（5分）（全国卷）已知三棱柱ABCA1B1C1的侧棱与底面边长都相等，A1在底面ABC内的射影为ABC的中心，则AB1与底面ABC所成角的正弦值等于（）ABCD【分析】法一：由题意可知三棱锥A1A

13、BC为正四周体，设棱长为2，求出AB1及三棱锥的高，由线面角的定义可求出答案；法二：先求出点A1究竟面的距离A1D的长度，即知点B1究竟面的距离B1E的长度，再求出AE的长度，在直角三角形AEB1中求AB1与底面ABC所成角的正切，再由同角三角函数的关系求出其正弦【解答】解：（法一）由于三棱柱ABCA1B1C1的侧棱与底面边长都相等，A1在底面ABC内的射影为ABC的中心，设为D，因此三棱锥A1ABC为正四周体，设棱长为2，则AA1B1是顶角为120等腰三角形，因此AB1=22sin60=2，A1D=，因此AB1与底面ABC所成角的正弦值为=；（法二）由题意不妨令棱长为2，点B1究竟面的距离是

14、B1E，如图，A1在底面ABC内的射影为ABC的中心，设为D，故DA=，由勾股定理得A1D=故B1E=，如图作A1SAB于中点S，易得A1S=，因此AB1=2，因此AB1与底面ABC所成角的正弦值sinB1AE=故选B12（5分）（全国卷）如图，一环形花坛提成A，B，C，D四块，既有4种不同的花供选种，规定在每块里种1种花，且相邻的2块种不同的花，则不同的种法总数为（）A96B84C60D48【分析】这道题比起前几年出的高考题要简朴些，只要分类清晰没有问题，分为三类：分别种两种花、三种花、四种花，分这三类来列出成果【解答】解：分三类：种两种花有A42种种法；种三种花有2A43种种法；种四种花有

15、A44种种法共有A42+2A43+A44=84故选B二、填空题（共4小题，每题5分，满分20分）13（5分）（全国卷）若x，y满足约束条件，则z=2xy的最大值为9【分析】一方面作出可行域，再作出直线l0：y=2x，将l0平移与可行域有公共点，直线y=2xz在y轴上的截距最小时，z有最大值，求出此时直线y=2xz通过的可行域内的点的坐标，代入z=2xy中即可【解答】解：如图，作出可行域，作出直线l0：y=2x，将l0平移至过点A处时，函数z=2xy有最大值914（5分）（全国卷）已知抛物线y=ax21的焦点是坐标原点，则以抛物线与两坐标轴的三个交点为顶点的三角形面积为2【分析】先根据抛物线y=

16、ax21的焦点坐标为坐标原点，求得a，得到抛物线方程，进而可知与坐标轴的交点的坐标，进而可得答案【解答】解：由抛物线y=ax21的焦点坐标为坐标原点得，则与坐标轴的交点为（0，1），（2，0），（2，0），则以这三点围成的三角形的面积为故答案为215（5分）（全国卷）在ABC中，AB=BC，若以A，B为焦点的椭圆通过点C，则该椭圆的离心率e=【分析】设AB=BC=1，则，由此可知，从而求出该椭圆的离心率【解答】解：设AB=BC=1，则，答案：16（5分）（全国卷）等边三角形ABC与正方形ABDE有一公共边AB，二面角CABD的余弦值为，M，N分别是AC，BC的中点，则EM，AN所成角的余弦值等

17、于【分析】先找出二面角的平面角，建立边之间的等量关系，再运用向量法将所求异面直线用基底表达，然后运用向量的所成角公式求出所成角即可【解答】解：设AB=2，作CO面ABDE，OHAB，则CHAB，CHO为二面角CABD的平面角，结合等边三角形ABC与正方形ABDE可知此四棱锥为正四棱锥，则，=故EM，AN所成角的余弦值故答案为：三、解答题（共6小题，满分74分）17（10分）（全国卷）设ABC的内角A，B，C所对的边长分别为a，b，c，且acosBbcosA=c（）求的值；（）求tan（AB）的最大值【分析】本题考察的知识点是正弦定理及两角和与差的正切函数，（）由正弦定理的边角互化，我们可将已知

18、中，进行转化得到sinAcosB=4cosAsinB，再运用弦化切的措施即可求的值（）由（）的结论，结合角A，B，C为ABC的内角，我们易得tanA=4tanB0，则tan（AB）可化为，再结合基本不等式即可得到tan（AB）的最大值【解答】解：（）在ABC中，由正弦定理得即sinAcosB=4cosAsinB，则；（）由得tanA=4tanB0当且仅当时，等号成立，故当时，tan（AB）的最大值为18（12分）（全国卷）四棱锥ABCDE中，底面BCDE为矩形，侧面ABC底面BCDE，BC=2，AB=AC（）证明：ADCE；（）设CE与平面ABE所成的角为45，求二面角CADE的大小【分析】（

19、1）取BC中点F，证明CE面ADF，通过证明线面垂直来达到证明线线垂直的目的（2）在面AED内过点E作AD的垂线，垂足为G，由（1）知，CEAD，则CGE即为所求二面角的平面角，CGE中，使用余弦定理求出此角的大小【解答】解：（1）取BC中点F，连接DF交CE于点O，AB=AC，AFBC又面ABC面BCDE，AF面BCDE，AFCE再根据 ，可得CED=FDC又CDE=90，OED+ODE=90，DOE=90，即CEDF，CE面ADF，CEAD（2）在面ACD内过C点作AD的垂线，垂足为GCGAD，CEAD，AD面CEG，EGAD，则CGE即为所求二面角的平面角作CHAB，H为垂足平面ABC平

20、面BCDE，矩形BCDE中，BEBC，故BE平面ABC，CH平面ABC，故BECH，而ABBE=B，故CH平面ABE，CEH=45为CE与平面ABE所成的角CE=，CH=EH=直角三角形CBH中，运用勾股定理求得BH=1，AH=ABBH=AC1；直角三角形ACH中，由勾股定理求得AC2=CH2+AH2=3+（AC1）2，AB=AC=2由面ABC面BCDE，矩形BCDE中CDCB，可得CD面ABC，故ACD为直角三角形，AD=，故CG=，DG=，又 ，则，即二面角CADE的大小19（12分）（大纲版）已知函数f（x）=x2+ax+1lnx（）当a=3时，求函数f（x）的单调递增区间；（）若f（x

21、）在区间（0，）上是减函数，求实数a的取值范畴【分析】（1）求单调区间，先求导，令导函数不小于等于0即可（2）已知f（x）在区间（0，）上是减函数，即f（x）0在区间（0，）上恒成立，然后用分离参数求最值即可【解答】解：（）当a=3时，f（x）=x2+3x+1lnx解f（x）0，即：2x23x+10函数f（x）的单调递增区间是（）f（x）=2x+a，f（x）在上为减函数，x时2x+a0恒成立即a2x+恒成立设，则x时，4，g（x）0，g（x）在上递减，g（x）g（）=3，a320（12分）（全国卷）已知5只动物中有1只患有某种疾病，需要通过化验血液来拟定患病的动物血液化验成果呈阳性的即为患病动

22、物，呈阴性即没患病下面是两种化验措施：方案甲：逐个化验，直到能拟定患病动物为止方案乙：先任取3只，将它们的血液混在一起化验若成果呈阳性则表白患病动物为这3只中的1只，然后再逐个化验，直到能拟定患病动物为止；若成果呈阴性则在此外2只中任取1只化验（）求依方案甲所需化验次数不少于依方案乙所需化验次数的概率；（）表达依方案乙所需化验次数，求的盼望【分析】（1）由题意得到这两种方案的化验次数，算出在各个次数下的概率，写出化验次数的分布列，求出方案甲所需化验次数不少于依方案乙所需化验次数的概率（2）根据上一问乙的化验次数的分布列，运用盼望计算公式得到成果【解答】解：（）若乙验两次时，有两种也许：先验三只

23、成果为阳性，再从中逐个验时，正好一次验中概率为：先验三只成果为阴性，再从其他两只中验出阳性（无论第二次实验中有无，均可以在第二次结束），乙只用两次的概率为若乙验三次时，只有一种也许：先验三只成果为阳性，再从中逐个验时，正好二次验中概率为在三次验出时概率为甲种方案的次数不少于乙种次数的概率为：（）表达依方案乙所需化验次数，的盼望为E=20.6+30.4=2.421（12分）（全国卷）双曲线的中心为原点O，焦点在x轴上，两条渐近线分别为l1，l2，通过右焦点F垂直于l1的直线分别交l1，l2于A，B两点已知|、|、|成等差数列，且与同向（）求双曲线的离心率；（）设AB被双曲线所截得的线段的长为4，

24、求双曲线的方程【分析】（1）由2个向量同向，得到渐近线的夹角范畴，求出离心率的范畴，再用勾股定理得出直角三角形的2个直角边的长度比，联想到渐近线的夹角，求出渐近线的斜率，进而求出离心率（2）运用第（1）的结论，设出双曲线的方程，将AB方程代入，运用根与系数的关系及弦长公式，求出待定系数，即可求出双曲线方程【解答】解：（1）设双曲线方程为，由，同向，渐近线的倾斜角为（0，），渐近线斜率为：，|、|、|成等差数列，|OB|+|OA|=2|AB|，|AB|2=（|OB|OA|）（|OB|+|OA|）=（|OB|OA|）2|AB|，可得：，而在直角三角形OAB中，注意到三角形OAF也为直角三角形，即t

25、anAOB=，而由对称性可知：OA的斜率为k=tan，2k2+3k2=0，；，（2）由第（1）知，a=2b，可设双曲线方程为=1，c=b由于AB的倾斜角为+AOB，故AB的斜率为tan（+AOB ）=cot（AOB）=2，AB的直线方程为 y=2（xb），代入双曲线方程得：15x232bx+84b2=0，x1+x2=，x1x2=，4=，即16=112b2，b2=9，所求双曲线方程为：=122（12分）（全国卷）设函数f（x）=xxlnx数列an满足0a11，an+1=f（an）（）证明：函数f（x）在区间（0，1）是增函数；（）证明：anan+11；（）设b（a1，1），整数证明：ak+1b【

26、分析】（1）一方面求出函数的导数，然后令f（x）=0，解出函数的极值点，最后根据导数判断函数在区间（0，1）上的单调性，从而进行证明（2）由题意数列an满足0a11，an+1=f（an），求出an+1=ananlnan，然后运用归纳法进行证明；（3）由题意f（x）=xxlnx，an+1=f（an）可得ak+1=akbak，然后进行讨论求解【解答】解：（）证明：f（x）=xxlnx，f（x）=lnx，当x（0，1）时，f（x）=lnx0故函数f（x）在区间（0，1）上是增函数；（）证明：（用数学归纳法）（i）当n=1时，0a11，a1lna10，a2=f（a1）=a1a1lna1a1，函数f（x

27、）在区间（0，1）是增函数且函数f（x）在x=1处持续，f（x）在区间（0，1是增函数，a2=f（a1）=a1a1lna11，即a1a21成立，（）假设当x=k（kN+）时，akak+11成立，即0a1akak+11，那么当n=k+1时，由f（x）在区间（0，1是增函数，0a1akak+11，得f（ak）f（ak+1）f（1），而an+1=f（an），则ak+1=f（ak），ak+2=f（ak+1），ak+1ak+21，也就是说当n=k+1时，anan+11也成立，根据（）、（）可得对任意的正整数n，anan+11恒成立（）证明：由f（x）=xxlnx，an+1=f（an）可得ak+1=akaklnak=，1）若存在某ik2，满足aib3，则由（）知：ak+1baib04，2）若对任意ik6，均有aib，则ak+1=akaklnak=a1b1ka1ln=0，即ak+1b成立