《黑龙江省哈尔滨市第六中学2019届高三数学上学期期中试题 文（含解析）》由会员分享，可在线阅读，更多相关《黑龙江省哈尔滨市第六中学2019届高三数学上学期期中试题 文（含解析）（11页珍藏版）》请在装配图网上搜索。
1、2019届黑龙江省哈尔滨市第六中学高三（上）期中数学（文科）试题此卷只装订不密封班级 姓名 准考证号 考场号 座位号 注意事项：1答题前，先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。2选择题的作答：每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。3非选择题的作答：用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。4考试结束后，请将本试题卷和答题卡一并上交。一、单选题1已知集合， ，则A B C D2已知其中为虚数单位，则A-1 B1 C2 D33
2、已知向量A B C D4要得到函数的图象，只要将函数的图象A向左平移1个单位 B向右平移1个单位C向左平移 个单位 D向右平移个单位5已知，则的大小关系为A B C D6已知，是椭圆上的两个焦点，过且与椭圆长轴垂直的直线交椭圆于A，B两点，若是正三角形，则这个椭圆的离心率是A B C D7执行程序框图，若输出的结果是，则输入的a为A3 B6 C5 D48若在和处有极值，则a、b的值分别为A B C D9一个棱锥的三视图如图尺寸的长度单位为，则该棱锥的全面积是单位：A B C D10在中， 是边上的一点， 的面积为，则的长为A B C D11已知，则等于A B C D12定义在上的函数满足，任意
3、的都有是的A充分不必要条件 B必要不充分条件 C充要条件 D既不充分也不必要条件二、填空题13设变量满足约束条件则的最大值为_ .14如果双曲线的渐近线与抛物线相切，则该双曲线的离心率为_15直线与圆交于两点，则_16长方体的各个顶点都在体积为的球O的球面上，其中，则四棱锥的体积的最大值为_三、解答题17已知正项数列的前n项和为，且，成等差数列证明数列是等比数列；若，求数列的前n项和18中，角的对边分别为，且.（1）求角的大小；（2）若，求的最大值.19如图，在四棱锥中， 平面， ， ， ， ， 为线段上的点（1）证明： 平面；（2）若是的中点，求与平面所成的角的正切值20设椭圆的右焦点为，过
4、点的直线与椭圆相交于两点，直线的倾斜角为， .（1）求椭圆的离心率；（2）如果，求椭圆的方程.21已知函数.（1）若，求曲线在点处的切线方程；（2）若不等式对任意恒成立，求实数的取值范围.22在直角坐标系中，圆：经过伸缩变换，后得到曲线以坐标原点为极点，x轴的正半轴为极轴，并在两种坐标系中取相同的单位长度，建立极坐标系，直线l的极坐标方程为求曲线的直角坐标方程及直线l的直角坐标方程；在上求一点M，使点M到直线l的距离最小，并求出最小距离23（题文）已知函数，且的解集为（）求的值；（）若，都是正实数，且，求证：.32019届黑龙江省哈尔滨市第六中学高三（上）期中数学（文科）试题数学 答 案参考答
5、案1B【解析】本题考查函数单调性的应用，集合的运算.函数是增函数，则不等式即可化为即所以则故选B.2B【解析】试题分析：根据题意，由于故可知1，故答案为B.考点：复数的计算主要是考查了复数的除法运算，属于基础题。点评：3C【解析】试题分析：因为，所以，即，故选B.考点：1.空间向量的坐标运算；2.空间向量垂直的条件.4C【解析】ycos2x向左平移个单位得ycos2(x)cos(2x1)，选C项5D【解析】分析：由题意结合对数的性质，对数函数的单调性和指数的性质整理计算即可确定a,b,c的大小关系.详解：由题意可知：，即，即，即，综上可得：.本题选择D选项.点睛：对于指数幂的大小的比较，我们通
6、常都是运用指数函数的单调性，但很多时候，因幂的底数或指数不相同，不能直接利用函数的单调性进行比较这就必须掌握一些特殊方法在进行指数幂的大小比较时，若底数不同，则首先考虑将其转化成同底数，然后再根据指数函数的单调性进行判断对于不同底而同指数的指数幂的大小的比较，利用图象法求解，既快捷，又准确6B【解析】【分析】由ABF2是正三角形可知，即，由此推导出这个椭圆的离心率【详解】，是椭圆上的两个焦点，过且与椭圆长轴垂直的直线交椭圆于A，B两点，若是正三角形，可得，即，即，即：，解得故选：B【点睛】本题考查椭圆的基本性质及其应用，解题要注意公式的合理选取7D【解析】【分析】由题意按照循环计算前几次结果，
7、判断最后循环时的n值，求出判断框的条件，即可得到输入的数值【详解】第1次循环，第2次循环，第3次循环，第4次循环，因为输出的结果为，所以判断框的条件为，所以输入的a为：4故选：D【点睛】本题主要考查了循环结构，是当型循环，当满足条件，执行循环，属于中档题8D【解析】【分析】函数的极值点处的导数值为0，列出方程，求出a，b的值【详解】，由已知得： ，故选：D【点睛】本题考查了导数的应用，考查函数极值的意义，是基本知识的考查9A【解析】由三视图可以看出，此几何体是一个侧面与底面垂直且底面与垂直于底面的侧面全等的三棱锥，由图中数据知此两面皆为等腰三角形，高为2，底面边长为2，故它们的面积皆为，由顶点
8、在底面的投影向另两侧面的底边作高，由等面积法可以算出，此二高线的长度相等，为 ，将垂足与顶点连接起来即得此两侧面的斜高，由勾股定理可以算出，此斜高为，同理可求出侧面底边长为，可求得此两侧面的面积皆为 ，故此三棱锥的全面积为故选A10C【解析】,选C11C【解析】原式 ，解得 ，而 ，故选C.12C【解析】因为； ，且关于对称，所以时， 反之也成立： 时， ，所以选C.点睛：充分、必要条件的三种判断方法1定义法：直接判断“若则”、“若则”的真假并注意和图示相结合，例如“ ”为真，则是的充分条件2等价法：利用 与非非， 与非非， 与非非的等价关系，对于条件或结论是否定式的命题，一般运用等价法3集合
9、法：若 ，则是的充分条件或是的必要条件；若，则是的充要条件132【解析】试题分析：依题意，画出可行域（如图示），则对于目标函数，当直线经过时，取到最大值，考点：简单的线性规划14【解析】试题分析：双曲线的一条渐近线为，与抛物线方程联立，所以，所以。考点：双曲线的离心率；抛物线的简单性质；直线与抛物线的位置关系。点评：求圆锥曲线的离心率是常见题型，常用方法：直接利用公式；利用变形公式：（椭圆）和（双曲线）根据条件列出关于a、b、c的关系式，两边同除以a,利用方程的思想，解出。15【解析】分析：首先将圆的一般方程转化为标准方程，得到圆心坐标和圆的半径的大小，之后应用点到直线的距离求得弦心距，借助于
10、圆中特殊三角形半弦长、弦心距和圆的半径构成直角三角形，利用勾股定理求得弦长.详解：根据题意，圆的方程可化为，所以圆的圆心为，且半径是2，根据点到直线的距离公式可以求得，结合圆中的特殊三角形，可知，故答案为.点睛：该题考查的是有关直线被圆截得的弦长问题，在解题的过程中，熟练应用圆中的特殊三角形半弦长、弦心距和圆的半径构成的直角三角形，借助于勾股定理求得结果.16【解析】试题分析：设球的半径为，则，从而 长方体的对角线，设，因为则故当且仅当时，四棱锥O-ABCD的体积的最大值为考点：基本不等式，椎体的体积【思路点睛】本题主要考查长方体的外接球的知识，长方体的体积的最大值的求法，基本不等式的应用，考
11、查计算能力；注意利用基本不等式求最值时，“正”、“定”、“等”的条件的应用解题时设出长方体的长、宽，求出长方体的对角线的长的表达式，可得到，利用锥体体积公式得到关系式，然后求出最大值17（1）见解析； （2）.【解析】【分析】（1）由题意得2an=Sn+，易求，当n2时，Sn=2an，Sn1=2an1，两式相减得an=2an2an1（n2），由递推式可得结论；（2）由（1）可求=2n2，从而可得bn，进而有=，利用裂项相消法可得Tn；【详解】证明：由，成等差数列，知，当时，有，当时，两式相减得，即，由于为正项数列，于是有，数列从第二项起，每一项与它前一项之比都是同一个常数2，数列是以为首项，以
12、2为公比的等比数列解：由知，【点睛】本题考查等差数列、等比数列的概念、数列的求和，裂项相消法是高考考查的重点内容，应熟练掌握18(1) ;(2) .【解析】试题分析：（1）根据余弦定理可得：；（2）的面积,再根据均值不等式（当且仅当时取等号）即可求出取得最大值为1，即可求出的最大值.试题解析：（1），；（2）由，得，又（当且仅当时取等号），（当且仅当时取等号），即当且仅当时，取得最大值为1.，的最大值为.19（1）见解析；（2）【解析】试题分析：（1）推导出PABD，BDAC，由此能证明BD平面PAC（2）由PA平面ABCD，得GO面ABCD，DGO为DG与平面PAC所成的角，由此能求出DG与
13、平面APC所成的角的正切值试题解析：（1）证明：在四棱锥中， 平面，.， .设与的交点为，则是的中垂线，故为的中点，且.而，面；（2）若是的中点， 为的中点，则平行且等于，故由面，可得面，故平面，故为与平面所成的角由题意可得， 中，由余弦定理可得， ， .直角三角形中， ，直角三角形中， .点睛：本题考查线面垂直的证明，考查线面角的正切值的求法，是中档题，解题时要认真审题，注意空间思维能力的培养20（1）；（2）.【解析】试题分析：（1）利用直线的点斜式方程设出直线方程，代入椭圆方程，得出的纵坐标，再由，即可求解椭圆的离心率；（2）利用弦长公式和离心率的值，求出椭圆的长半轴、短半轴的值，从而写
14、出椭圆的标准方程.试题解析：设， ，由题意知， .（1）直线的方程为，其中.联立得，解得， .因为，所以.即，得离心率.（2）因为，所以.由得.所以，得， .椭圆的方程为考点：椭圆的标准方程及其几何性质.【方法点晴】本题主要考查了椭圆的标准方程及其简单的几何性质，其中解答中涉及到直线的点斜式方程，直线方程与椭圆方程联立，利用根与系数的关系，直线与圆锥曲线的弦长公式等知识点的综合考查，着重考查了学生的推理与运算能力，转化与化归思想，解答准确的式子变形和求解是解答的一个难点，属于中档试题.视频21(1) (2) 【解析】试题分析：(1）时求导，得到在切点处切线斜率，代入点斜式即可；(2) 求导对分
15、情况讨论，讨论函数的单调性，结合题目要求对任意恒成立名即可得到实数的取值范围；试题解析：(1） 时， 切点为，时，曲线在点处的切线方程为（2）（i），当时， 在上单调递增， 不合题意当即时，在上恒成立，在上单调递减，有， 满足题意若即时，由，可得，由，可得， 在上单调递增，在上单调递减， ， 不合题意综上所述，实数的取值范围是考点：利用导数研究函数的性质22（1） ； （2）.【解析】【分析】（1）由后得到曲线C2，可得：，代入圆C1：x2+y2=1，化简可得曲线C2的直角坐标方程，将直线l的极坐标方程为cos+2sin=化为：cos+2sin=10，进而可得直线l的直角坐标方程.（2）将直线
16、x+2y10=0平移与C2相切时，则第一象限内的切点M满足条件，联立方程求出M点的坐标，进而可得答案.【详解】（1）因为后得到曲线，代入圆：得：，故曲线的直角坐标方程为；直线l的极坐标方程为即，即.将直线平移与相切时，则第一象限内的切点M满足条件，设过M的直线为，则由得：，由得：，故，或，舍去，则，即M点的坐标为，则点M到直线l的距离【点睛】本题考查的知识点是简单的极坐标方程，直线与圆锥曲线的关系，难度中档23() ()见解析【解析】试题分析：（I）考查绝对值不等式的解法（II）采用配“1”法应用基本不等式证明或者采用柯西不等式证明.试题解析：（I）依题意,即, （II）方法1:当且仅当,即时取等号 方法2: 由柯西不等式得 整理得当且仅当,即时取等号.
黑龙江省哈尔滨市第六中学2019届高三数学上学期期中试题 文（含解析）
