河南省新野县2020届高三物理上学期第五次周考试题

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1、2020学年高三上期第五次周考 物 理 试 题第卷（选择题，共48分）一、选择题（本题包括16小题。每小题给出的四个选项中，1- 10小题只有一个选项正确，每题3分，11-16小题有多个选项正确，全部选对的得3分，选对但不全的得2分,有选错或不选的得0分。）1下列说法符合物理学史实的是（）A伽利略通过斜面实验的合理外推，得出了自由落体运动的规律B开普勒发现了行星运动的规律，提出了万有引力定律C卡文迪许利用扭秤实验巧妙地测出了静电力常量k的数值D法拉第根据小磁针在通电导线周围的偏转现象发现了电流的磁效应2设物体运动的加速度为a、速度为v、位移为s现有四个不同物体的运动图象如图所示，假设物体在t=

2、0时的速度均为零，则其中表示物体做单向直线运动的图象是（）A BCD3如图所示，铁板AB与水平地面之间的夹角为，一块磁铁吸附在铁板下方在缓慢抬起铁板的B端使角增大(始终小于90)的过程中，磁铁始终相对于铁板静止下列说法正确的是()A磁铁所受合外力逐渐减小B磁铁始终受到三个力的作用C磁铁受到的摩擦力逐渐减小D铁板对磁铁的弹力逐渐增大4物体A放在物体B上，物体B放在光滑的水平面上，已知mA=8kg，mB=2kg，A、B间动摩擦因数=0. 2，如图所示若现用一水平向右的拉力F作用于物体A上，g=10m/s2，则下列说法正确的是（）A当拉力F16N时，A静止不动B当拉力F16N时，A相对B滑动C当拉力

3、F=18N时，A受B的摩擦力等于3.6ND当拉力F=100N，A受到B的摩擦力小于16N5如图所示，一根弹簧一端固定在左侧竖直墙上，另一端连着A小球，同时水平细线一端连着A球，另一端固定在右侧竖直墙上，弹簧与竖直方向的夹角是60，A、B两小球分别连在另一根竖直弹簧两端开始时AB两球都静止不动，A、B两小球的质量相等，重力加速度为g，若不计弹簧质量，在水平细线被剪断瞬间，A、B两球的加速度分别为（）AaA=aB=gBaA=2g，aB=0CaA=g，aB=0DaA=2g，aB=06如图所示，在光滑的水平面上放着两块长度相同，质量分别为M1和M2的木板，在两木板的左端分别放一个大小、形状、质量完全相

4、同的物体，开始时都处于静止状态，现分别对两物体施加水平恒力F1、F2，当物体与板分离时，两木板的速度分别为v1和v2，若已知v2v1，且物体与木板之间的动摩擦因数相同，需要同时满足的条件是（）AF1=F2，且M1M2BF1=F2，且M1M2CF1F2，且M1=M2DF1F2，且M1M27如图，穿在水平直杆上质量为m的小球开始时静止现对小球沿杆方向施加恒力F0，垂直于杆方向施加竖直向上的力F，且F的大小始终与小球的速度成正比，即F=kv（图中未标出）已知小球与杆间的动摩擦因数为，小球运动过程中未从杆上脱落，且F0mg下列关于运动中的速度时间图象正确的是（）ABCD8如图所示，足够长的传送带与水平

5、面夹角为=37o，以速度v0逆时针匀速转动在传送带的上端轻轻放置一个质量为m的小木块，小木块与传送带间的动摩擦因数，则图中能客观地反映小木块的速度随时间变化关系的是（）ABCD 9现有两个边长不等的正方形ABCD和abcd，如图所示，且Aa、Bb、Cc、Dd间距相等在AB、AC、CD、DB的中点分别放等量的点电荷，其中AB、AC的中点放的点电荷带正电，CD、BD的中点放的点电荷带负电，取无穷远处电势为零则下列说法中正确的是（）AO点的电场强度和电势均为零B把一正点电荷沿着bdc的路径移动时，电场力所做总功为零C同一点电荷在a、d两点所受电场力不同D将一负点电荷由a点移到b点电势能减小10如图所

6、示，电路中电源的电动势为E、内阻为r,开关S闭合后，当滑动变阻器的滑片从滑动变阻器R的中点位置向左滑动时，小灯泡L1、L2、L3的亮度变化情况是（）A.L1灯变亮，L2灯变暗，L3灯变亮B.L1灯变暗，L2灯变亮，L3灯变暗C.L1、L2两灯都变亮，L3灯变暗D.L1、L2两灯都变暗，L3灯变亮11自然界中某个量D的变化D，与发生这个变化所用时间t的比值，叫做这个量D的变化率下列说法正确的是（） A 若D表示某质点做匀速直线运动的位移，则是恒定不变的 B 若D表示某质点做平抛运动的速度，则是恒定不变的 C 若D表示某质点的动能，越大，则质点所受外力做的总功就越多 D 若D表示动量，越大，则合外

7、外力越大12一质量m=0.9kg的小球，系于长L=0.9m的轻绳一端，绳的另一端固定在O点，假定绳不可伸长、柔软且无弹性现将小球从O点的正上方O1点以初速度v0=2.25m/s水平抛出，已知OO1=0.8m，如图所示（g取10m/s2）则下列说法正确的是A轻绳刚伸直时，绳与竖直方向的夹角=；B从抛出到轻绳刚伸直过程所需时间t=0.4sC当小球到达O点的正下方时，小球对绳的拉力为43ND. 当小球到达O点的正下方时，小球对绳的拉力为48.0625N13如下图甲所示，用粘性材料粘在一起的A、B两物块静止于光滑水平面上，两物块的质量分别为 mA=lkg、mB=2kg，当A、B之间产生拉力且大于0.3

8、N时A、B将会分离t=0时刻开始对物块A施加一水平推力F1，同时对物块B施加同一方向的拉力F2，使A、B从静止开始运动，运动过程中F1、F2方向保持不变，F1、F2的大小随时间变化的规律如图乙所示则下列关于A、B两物块 受力及运动情况的分析，正确的是（）At=2.0s时刻A、B之间作用力大小为0.6NBt=2.0s时刻A、B之间作用力为零Ct=2.5s时刻A对B的作用力方向向左D从t=0时刻到A、B分离，它们运动的位移为5.4m14如图所示，一劲度系数为k的轻质弹簧，上端固定，下端连一质量为m的物块A，A放在质量也为m的托盘B上，初始时，在竖直向上的力F作用下系统静止，且弹簧处于原长状态以N表

9、示B对A的作用力，x表示弹簧的伸长量，现改变力F的大小，使B以的加速度匀加速向下运动（g为重力加速度，空气阻力不计），此过程中N或F的大小随x变化的图象正确的是（）ABCD15暗物质是二十一世纪物理学之谜，对该问题的研究可能带来一场物理学的革命为了探测暗物质，我国在2020年12月17日成功发射了一颗被命名为“悟空”的暗物质探测卫星已知“悟空”在低于同步卫星的轨道上绕地球做匀速圆周运动，经过时间t（t小于其运动周期），运动的弧长为s，与地球中心连线扫过的角度为（弧度），引力常量为G，则下列说法中正确的是（）A“悟空”的线速度小于第一宇宙速度B“悟空”的向心加速度大于地球同步卫星的向心加速度C“

10、悟空”的环绕周期为D“悟空”的质量为16如图所示，固定于地面、倾角为的光滑斜面上有一轻质弹簧，轻质弹簧一端与固定于斜面底端的挡板C连接，另一端与物块A连接，物块A上方放置有另一物块B，物块A、B质量均为m且不粘连，整个系统在沿斜面向下的恒力F作用下而处于静止状态某一时刻将力F撤去，若在弹簧将A、B弹起过程中，A、B能够分离，则下列叙述正确的是（）A从力F撤去到A、B发生分离的过程中，弹簧及A、B物块所构成的系统机械能守恒BA、B被弹起过程中，A、B即将分离时，两物块速度达到最大CA、B刚分离瞬间，A的加速度大小为gsinD若斜面为粗糙斜面，则从力F撤去到A、B发生分离的过程中，弹簧减少的弹性势

11、能一定大于A、B增加的机械能与系统摩擦生热之和第卷（非选择题）二、实验题:（15分）17（8分）利用气垫导轨验证机械能守恒定律，实验装置如图1所示，水平桌面上固定一倾斜的气垫导轨；导轨上A点处有一带长方形遮光片的滑块，其总质量为M，左端由跨过轻质光滑定滑轮的细绳与一质量为m的小球相连；遮光片两条长边与导轨垂直；导轨上B点有一光电门，可以测量遮光片经过光电门时的挡光时间t，用d表示A点到光电门B处的距离，b表示遮光片的宽度，将遮光片通过光电门的平均速度看作滑块通过B点时的瞬时速度，实验时滑块在A处由静止开始运动（1）用游标卡尺测量遮光条的宽度b，结果如图2所示，由此读出b=mm；（2）滑块通过B

12、点的瞬时速度可表示为 ；（3）某次实验测得倾角=30，重力加速度用g表示，滑块从A处到达B处时m和M组成的系统动能增加量可表示为Ek= ，系统的重力势能减少量可表示为Ep= ，在误差允许的范围内，若Ek=Ep则可认为系统的机械能守恒；（4）在上次实验中，某同学改变A、B间的距离，作出的v2d图象如图3所示，并测得M=m，则重力加速度g= m/s218（7分）电流表G1的量程为05mA，内阻r=290，把它改装成如图所示的一个多量程多用电表，电流、电压和电阻的测量都各有两个量程当开关S接到1或2位置时为电流档，其中小量程为010mA，大量程为0100mA（1）关于此多用电表，下列说法不正确的是

13、A开关S接到位置4时是欧姆挡B开关S接到位置6时是电压挡C开关S接到位置5时的量程比接到位置6时的量程大DA表笔为红表笔，B表笔为黑表笔（2）开关S接位置（填“1”或“2”）时是电流挡的小量程，图中电阻R1= ，R2= （3）已知图中的电源E的电动势为9V，当把开关S接到位置4，短接A、B进行欧姆调零后，此欧姆挡内阻为 k，现用该挡测一未知电阻阻值，指针偏转到电流表G1满刻度的处，则该电阻的阻值为 k三、计算题（32分，解答应写出必要的文字说明，方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。）19（12分）如图所示，质量为3m的木板静止在光滑的水

14、平面上，一个质量为2m的物块（可视为质点），静止在木板上的A端，已知物块与木板间的动摩擦因数为现有一质量为m的子弹（可视为质点）以初速度v0水平向右射入物块并穿出，已知子弹穿出物块时的速度为，子弹穿过物块的时间极短，不计空气阻力，重力加速度为g求：（1）子弹穿出物块时物块的速度大小（2）子弹穿出物块后，为了保证物块不从木板的B端滑出，木板的长度至少多大？20（20分）如图所示，在水平向左的匀强电场中，有绝缘丝线在固定点O悬挂一个质量为m的带正电小球，小球的重力为小球所受的电场力的倍。若将小球拉至丝线正好水平伸直的A位置后自由释放，重力加速度为，求：（1）小球到最低点B时对丝线的拉力的大小（2）

15、小球做圆周运动过程中的最大速度（3）请论证若在B点给小球一水平初速度小球能否做完整的圆周运动。四、（15分）选修题。（在下面21和22两个题中任选一题作答，答案填写在答题卡上的相应位置。）21选修3-3（填正确答案标号。选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分。每选错1个扣3分，最低得0分。）.（5分）下列说法正确的是（）A在两分子间距离减小的过程中，分子间引力减小，斥力增大B物体温度改变时，物体分子的平均动能一定改变C分子a只在分子b的分子力作用下，从无穷远处向固定不动的分子b运动的过程中，当a到达受b的作用力为零的位置时，a的动能一定最大D温度低的物体内能小E气体体积变小时，单位体积

16、的分子数增多，单位时间内撞到器壁单位面积上的分子数增多，气体的压强不一定增大. （10分）一根两端开口、粗细均匀的长直玻璃管横截面积为S=210-3m2，竖直插入水面足够宽广的水中管中有一个质量m=0.6kg的活塞，封闭一段长度L0=66cm的气体，如图开始时，活塞处于静止状态，不计活塞与管壁间的摩擦已知外界大气压强po=1.0105Pa，水的密度=1.0103kg/m3，重力加速度g=10m/s2求：（1）开始时封闭气体的压强；（2）现保持管内封闭气体温度不变，用竖直向上的力F缓慢地拉动活塞当活塞上升到某一位置时停止移动，此时F=8N，则这时管内外水面高度差为多少厘米；（3）在第（2）小问情

17、况下管内的气柱长度（保留一位小数）。22（15分）物理物理34 （填正确答案标号。选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分。每选错1个扣3分，最低得0分。）（1）（5分）下列说法正确的是（）A绿光比红光更容易发生全反射B电磁波可以与机械波类比，它们的传播都需要介质C相对论认为空间和时间与物质的运动状态有关D变化的磁场一定会产生变化的电场E黄光的双缝干涉条纹间距可能大于蓝光双缝干涉条纹间距（2）（10分）如图所示，OBCD为半圆柱体玻璃的横截面，OD为直径，一束由红光和紫光组成的复色光沿AO方向从真空斜射入玻璃，B、C点为两单色光的射出点（设光线在B、C处未发生全反射）已知从B点射出的单色

18、光由O到B的传播时间为t若OB、OC两束单色光在真空中的波长分别为B、C，试比较B、C的大小求从C点射出的单色光由O到C的传播时间tC高三上期第五次周考物理答案一、选择题1.A2.C解：A、由位移时间图象可知，位移随时间先增大后减小，2s后反向运动，4s末到达初始位置，故A错误；B、由速度时间图象可知，速度2s内沿正方向运动，24s沿负方向运动，方向改变，故B错误；C、由图象可知：物体在第1s内做匀加速运动，第2s内做匀减速运动，2s末速度减为0，然后重复前面的过程，是单向直线运动，故C正确；D、由图象可知：物体在第1s内做匀加速运动，第23s内做匀减速运动，2s末速度减为0，第3s内沿负方向

19、运动，不是单向直线运动，故D错误3.D试题分析：对铁块受力分析，受重力G、磁力F、支持力N和摩擦力，如图：由于始终平衡，故合力为零，故A B错误；根据平衡条件，有：，解得：，由于不断变大，故不断变大，N不断变大，4.C解：当A、B刚要发生相对滑动时，对B，根据牛顿第二定律得整体的加速度为：a=8m/s2此时拉力F为：F=（mA+mB）a=108N=80NABD、当F80N时，A，B都相对静止，当F80N时，A相对B滑动故ABD错误C、当F=18N时，A，B相对静止，整体的加速度为：a=m/s2=1.8m/s2，对B，有：f=mBa=21.8N=3.6N，故C正确；5D解：设两个小球的质量都为m

20、，以AB球整体作为研究对象，A处于静止状态受力平衡，由平衡条件得：细线拉力T=2mgtan60=，剪断细线瞬间弹簧的弹力没有变化，A球受到的合力与原来细线的拉力大小相等，方向相反，由牛顿第二定律得：，B球的受力情况不变，则加速度仍为0，故D正确6.A解：在物块与木板相对滑动时，都做匀加速直线运动，对物块有a=，对木板有a=，A、F1=F2，则a1=a2，M1M2，a1a2根据，可知t1t2，根据v=at知，v1v2故A正确B、F1=F2，则a1=a2，M1M2，a1a2根据，可知t1t2，根据v=at知，v1v2故B错误C、F1F2，且M1=M2，则a1a2，a1=a2，根据，可知t1t2，根

21、据v=at知，无法确定v1与v2大小关系，故C错误D、F1F2，则a1a2，M1M2，a1a2根据，可知t1t2，根据v=at知，无法确定v1与v2大小关系，故D错误7.C解：小球开始重力大于竖直向上的力，支持力方向向上，随着速度的增大，F增大，则支持力减小，摩擦力减小，根据牛顿第二定律，加速度增大然后竖直向上的拉力大于重力，杆子对球的弹力向下，F增大，弹力增大，摩擦力增大，根据牛顿第二定律，加速度减小，当加速度减小到零，做匀速直线运动故C正确，A、B、D错误8.D解：初始状态时：木块重力的分力与滑动摩擦力均沿着斜面向下，且都是恒力，所以木块先沿斜面向下匀加速直线运动，由牛顿第二定律得：加速度

22、：a1=gsin+gcos；当小木块的速度与传送带速度相等时，由tan知道木块继续沿传送带匀加速向下，但是此时滑动摩擦力的方向沿斜面向上，再由牛顿第二定律求出此时的加速度：a2=gsingcos；比较知道a1a2，根据vt图象的斜率表示加速度，知第二段图线的斜率变小故ABC错误，D正确9.B解：A、上下两个正负点电荷在O点将产生的电场强度向下，左右两个电荷正负点电荷在O点的电场强度向右，根据矢量合成法则可知，O点电场强度不为零，方向沿为AD方向四个点电荷在O点处电势为零，故A错误B、据对称性，b、c等电势，把一负点电荷沿着bdc的路径移动时，电场力做功为零，故B正确C、按照库仑定律和力的合成，

23、同一点电荷在a、d两点所受电场力相同，故C错误D、取无穷远处电势为零，在a点的电势为正，b、O、c三点电势相等，均为零，则负电荷从a移动到b电场力做负功，所以电势能增加故D错误10、A11.ABD解：A、若D表示某质点做匀速直线运动的位移，则表示速度，而匀速直线运动速度不变，所以是恒定不变，故A正确；B、若D表示某质点做平抛运动的速度，则表示加速度，而平抛运动加速度为g，不变，所以是恒定不变，故B正确；C、若D表示某质点的动能，则表示所受外力的功率，越大，则质点所受外力的功率越大，故C错误；D、若D表示动量，由动量定量知表示合外力，所以越大，则合外力越大，故D正确12.解：（1）质点做平抛运动

24、，当绳刚伸直时，设绳与竖直方向的夹角为则v0t=Lsin=OO1Lcos其中，L=0.9m，v0=2.25m/s，OO1=0.8m，联立解得：=，t=0.4s（2）绳绷直时刚好水平，如图所示，由于绳不可伸长，故绳绷直瞬间，分速度v0立即减为零，小球仅有竖直速度v，且v=gt=4m/s小球在竖直平面内做圆周运动，设小球到达O点正下方时的速度为v，根据机械能守恒有：=+mgL小球在最低点，设绳对球的拉力为F，由牛顿第二定律得：Fmg=m联立解得：F=43N根据牛顿第三定律知，小球对绳的拉力大小也为43N，方向竖直向下答：（1）轻绳刚伸直时，绳与竖直方向的夹角是；（2）当小球到达O点的正下方时，小球

25、对绳的拉力大小为43N，方向竖直向下13.AD解：设t时刻AB分离，分离之前AB物体共同运动，加速度为a，以整体为研究对象，则有：a=1.2m/s2，分离时：F2f=mBa，得：F2=f+mBa=0.3+21.2=2.7N，经历时间：t=2.7=3s，根据位移公式：s=at2=5.4m，则D正确；当t=2s时，F2=1.8N，F2+f=mBa，得：f=mBaF2=0.6N，A正确，B错误；当t=2.5s时，F2=2.25N，F2+f=m2a，得：f=m2aF20，C错误14.BD解：设物块和托盘间的压力为零时弹簧的伸长量为X，则有：mgkx=ma，解得：x=；在此之前，根据Nkx=ma可知，二

26、者之间的压力N由开始运动时的线性减小到零，故B图可能而力F由开始时的mg线性减小到，A图可能此后托盘与物块分离，力F保持不变，D图可能故BD正确，AC错误15.ABC解：A、该太空电站经过时间t（t小于太空电站运行的周期），它运动的弧长为s，它与地球中心连线扫过的角度为（弧度），则太空站运行的线速度为 v=角速度为：=根据v=r得轨道半径为：r=人类第一台太空电站在地球的同步轨道上绕地球做匀速圆周运动，万有引力提供向心力，则有：G=m，得 v=，可知卫星的轨道半径越大，速率越小，第一宇宙速度是近地卫星的环绕速度，故“悟空”在轨道上运行的速度小于地球的第一宇宙速度，故A正确；B、由G=m得：加速

27、度a=，则知“悟空”的向心加速度大于地球同步卫星的向心加速度故B正确C、“悟空”的环绕周期为T=，故C正确；D、“悟空”绕地球做匀速圆周运动，万有引力提供向心力，即：G=mr2，=联立解得：地球的质量为M=，不能求出“悟空”的质量故D错误；16.AC解：A、从力F撤去到A、B发生分离的过程中，弹簧及A、B物块所构成的系统只有重力和弹簧的弹力做功，所以系统的机械能守恒，故A正确B、A、B被弹起过程中，合力等于零时，两物块速度达到最大，此时弹簧处于压缩状态，A、B还没有分离，故B错误C、A、B刚分离瞬间，A、B间的弹力为零，对B，由牛顿第二定律得 mgsin=maB，得 aB=gsin，此瞬间A与

28、B的加速度相同，所以A的加速度大小为gsin，故C正确D、若斜面为粗糙斜面，则从力F撤去到A、B发生分离的过程中，由能量守恒定律知，弹簧减少的弹性势能一定等于A、B增加的机械能与系统摩擦生热之和，故D错误二、实验题17（1）3.80； （1分） （2）；（1分）（3），（2分） （m）gd；（2分）（4）9.6（2分）解：（1）宽度b的读数为：3mm+160.05mm=3.80mm；（2）由于光电门的宽度b很小，所以我们用很短时间内的平均速度代替瞬时速度滑块通过光电门B速度为：vB=；（3）滑块从A处到达B处时m和M组成的系统动能增加量为：E=（M+m）（）2=；系统的重力势能减少量可表示为：

29、Ep=mgdMgdsin30=（m）gd；比较Ep和Ek，若在实验误差允许的范围内相等，即可认为机械能是守恒的（4）根据系统机械能守恒有：（M+m）v2=（m）gd；则v2=2gd若v2d图象，则图线的斜率：k=2g；由图象可知，k=；则有：g=代入数据得：g=9.6m/s2故答案为：（1）3.80； （2）；（3），（m）gd；（4）9.618.（1）C；（1分）（2）2，（1分）29，（1分）261；（1分）（3）0.9，（1分）3.6（2分）解：（1）A、当转换开关S旋到位置4时，表头与电表中的电源相连接，是电阻档故A正确B、当转换开关S旋到位置6时，表头与电阻串联，电阻起分压作用，是电

30、压档故B正确C、当转换开关S旋到5串联的电阻小于旋转到6串联的电阻，可知旋转到6，串联的电阻大，分压作用大，电压表量程大故C错误D、根据电流“红进黑出”可知，B表笔为黑表笔，A表笔为红表笔故D正确因选错误的，故选：C（2）接2时并联电阻大，分流小其量程小，接1时：Ig（Rg+R2）=（I1Ig）R1接2时：IgRg=（I2Ig）（R1+R2）由以上两式可得：R1=29，R2=261（3）电源E的电动势为9V： =900=0.9K指针偏转到电流表G1满刻度的处对应电阻为R：则代入数据得：R=3600=3.6K三、计算题19.解：设子弹穿过物块时物块的速度为v1，对子弹和物块组成的系统，由动量守恒

31、定律得：mv0=m+2mv1，（3分）解得，v1= （1分）物块和木板达到的共同速度为v2时，物块刚好到达木板右端，这样板的长度最小为L，对物块和木板组成的系统，由动量守恒得：2mv1=5mv2，（2分）此过程系统摩擦生热：Q=2mgL （2分）由能量守恒定律得：2mgL= （2分）代入数据解得：L= （2分）答：子弹穿出物块时物块的速度大小是子弹穿出物块后，为了保证物块不从木板的B端滑出，木板的长度至少为20、解：（1）如图，设小球在A点所受的重力和电场力的合力F与水平方向的夹角为，则， （1分）所以小球自A释放后将沿与水平方向成角的直线做匀加速直线运动，直到小球运动到C点，丝线被拉直。在小

32、球从A到C的过程中，由动能定理得：， （2分）所以，沿AC方向。小球到C点后，线被拉直，将分解为垂直于丝线方向的速度和沿丝线方向的速度，由于丝线张力作用，使减至零，小球将以沿圆弧继续运动 （2分）在小球从C到B的过程中，由动能定理得： （2分）在B点，由牛顿第二定律得： （2分）得 （1分）（2）速度最大的位置在C点关于OB直线对称的D点由动能定理得： （2分） （1分）（3）如果小球能做完整的圆周运动，则速度最小的位置在D点关于圆心O点对称的F点，在F点的最小速度设为，此时丝线拉力为零，由重力和电场力的合力提供向心力。由牛顿第二定律得： （2分）F点速度最小时设B点的速度为,则由B点到F点由

33、动能定理得（2分）得 （2分）因为,所以小球不能做完整的圆周运动 （1分）四、选修题。（在下面21和22两个题中任选一题作答，答案填写在答题卡上的相应位置。）21、.BCE.（1）当活塞静止时，；（2）当F=8N时有： 得：h=10cm；（3）由玻意耳定律：得：L2=68.7cm22、（1）ACE解析：绿光的折射率比红光的大，折射率大的，临界角小，越容易发生全反射，所以绿光比红光更容易发生全反射，故A正确；电磁波可以在真空中传播，可以需要介质，故B错误；相对论认为时间、空间都会随物体运动的速度而发生变化，故C正确；根据麦克斯韦电磁场理论可知：变化的磁场一定会产生电场，均匀变化的磁场产生稳定的电场，只有非均匀变化的磁场才能产生变化的电场，故D错误；根据，当用同一装置做双缝干涉实验时，双缝干涉条纹间距与光的波长成正比。黄光的波长比蓝光长，所以黄光的双峰干涉条纹间距大于蓝光双缝干涉条纹间距。但是用不同装置做双缝干涉实验时，紫光的双缝干涉条纹间距可能大于红光双缝干涉条纹间距，故E正确。（2）解：由于光线OB偏折比光线OC偏折更多，所以OB光的折射率较大，波长较短，即有； （2分）作出光路图如图所示作界面OD的法线MN，设圆柱体直径为d，入射角为，折射角分别为，连接DB、DC，由折射定律得 =，= （2分）=，= （2分）由上两式得=已知 t=，=（2分），可得 =t （2分）