河南省洛阳市2020学年九年级物理上学期月考试卷（12月份）（含解析）

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1、河南省洛阳市2020学年九年级物理上学期月考试卷（12月份） 一、选择题（共36分，每小题3分）1在国际单位制中，功率的单位是（）A牛顿B帕斯卡C焦耳D瓦特2对于欧姆定律公式I的理解，下列说法中错误的是（）A对于某一导体来说，导体中的电流与它两端的电压成正比B电压相同时，不同导体中的电流与导体的电阻成反比C导体中的电流与导体两端的电压，电阻有关D导体中的电流与导体两端的电压、电阻均无关3一种声光报警器的电路如图所示。闭合开关S1和S2后，会出现的现象是（）A灯亮，铃不响B灯不亮，铃不响C灯亮，铃响D灯不亮，铃响4分别标有“220V、40W”，“110V、40W”和“36V、40W”字样的三只白

2、炽灯都在额定电压下工作，则（）A“220V 40W”的灯亮B“110V 40W”的灯亮C“36V 40W”的灯亮D三只灯一样亮5下列说法中，不符合安全用电要求的是（）A三孔插座的中间插孔必须接地B更换或维修用电器时应该切断电源C家中尽量不同时使用多个大功率用电器D为了方便，可以抓住导线拉出插座上的插头6关于家庭电路和安全用电，下列说法正确的是（）A客厅里一个开关可以控制四只灯泡，这四只灯泡一定是串联B低于220V的电压都是安全电压C严禁在高压线下方放风筝，避免发生触电事故D家庭电路中，开关一定要接在灯泡和零线之间7把标有“6V 3W”和“12V 3W”字样的两个灯泡L1、L2串联在15V的电源

3、上，下列说法正确的是（）A灯L2正常发光B灯L1正常发光C两灯都能正常发光D两灯都不能正常发光8小刚利用电能表测某家用电器的电功率。当电路中只有这个用电器工作时，测得在15min内消耗电能0.3kWh，这个用电器可能是（）A空调器B电饭煲C电视机D收音机9如图所示电路，在电源电压恒定的情况下将滑动变阻器的滑片P从左向右滑动，在此过程中，下列说法正确的是（）A电压表、电流表的示数均变大B电压表、电流表的示数均变小C电压表的示数变大，电流表的示数变小D电压表的示数变小，电流表的示数变大10如图所示，闭合开关S后，当滑动变阻器的滑片P向上滑动时，各电表示数变化正确的是（）A电流表和电压表的示数均变小

4、B电流表和电压表的示数均变大C电流表示数变大、电压表的示数不变D电流表示数变小、电压表的示数不变11图是一个环境温度监控电路原理图。电源电压不变，R0为定值电阻，R是用半导体材料制成的热敏电阻，其电阻值会随温度的升高而变小。若环境温度升高，闭合开关S则（）A热敏电阻R的阻值变大B电压表的示数变大C通过电阻R的电流变小D电阻R两端电压变大12光敏电阻的特点是有光照射它时阻值变小。如图所示是某小区门口利用光敏电阻设计的行人监控装置，R1为光敏电阻，R2为滑动变阻器，A、B间接监控装置。则（）A当有人通过通道而遮蔽光线时，A、B间电压降低B当有人通过通道而遮蔽光线时，A、B间电压升高C当仅增大R2连

5、入电路中的阻值时，通过R1的电流变大D当仅增大R2连入电路中的阻值时，可降低A、B间的电压二、填空题（1分*2020分）13橡胶棒与毛皮摩擦，橡胶棒由于 电子而带负电。把带负电的橡胶棒靠近与作业纸摩擦过的塑料吸管、发现吸管被推开，说明吸管带 电。14有一根导线，如果在它两端加上12V电压，通过它的电流是0.4A，那么它的电阻是 ；如果在它两端加15V电压，通过它的电流是 A，它的电阻是 ；如果这根导线两端电压为零，则通过它的电流为 A，它的电阻为 。15现在许多宾馆都利用房卡取电，如图所示，只有把房卡插入槽中，房间内的用电器才能使用。房卡的作用相当于家庭电路中的 ，房间里各用电器之间是 联的。

6、使用1100W的电水壶烧水，通过干路的电流增加 A16小明家的电能表月初的数字是13855，月末表盘数字是15005若按0.5元/kWh的标准收费，他家本月用了 度电，应缴纳电费 元。该电能表上标有1200r/kWh的字样，若电能表的转盘在10min内转过400转，则接在该电能表上的用电器在这段时间内消耗电能 kWh，用电器的功率是 W。17已知电阻R14，把它和一个电阻R2串联后，再接到电压为4.5V的电源上，电路中的电流为0.45A，则R1两端的电压为 V，R2两端的电压为 V，R2的阻值为 。18电炉说明书标有“220V2A”的字样，则电炉正常工作的电功率是 ，1min内电炉产生的热量为

7、 。19两只灯泡L1和L2分别标有“PZ220100W”、“PZ22040W”，当把它们串连接在220V电路中工作时，实际消耗的电功率P1 P2；当把它们并连接在220V电路中工作时，实际消耗的电功率P1 P2（填“”、“”或“”）三、作图题（每题4分，共8分）20按照图（甲）所示的电路图，将图（乙）中各个元件连接起来（用铅笔画线表示导线）21按照图所示实物图画出电路图。四、实验与探究题（2分*816分）22如图是“测量小灯泡电功率”的实验，小灯泡上标有“2.5V”的字样，电阻约为10。（1）请用笔画线代替导线将实物电路图甲补充完整，要求滑动变阻器的滑片向右移动时灯泡变暗。（2）连接完电路后，

8、若闭合开关，发现小灯泡不亮，电流表有示数，电压表无示数，原因可能是 ；若发现小灯泡不亮，电流表无示数，电压表示数接近3V，原因可能是 。（3）排除故障后，调节滑动变阻器的滑片P到图示位置时，电压表的示数如图乙，则小灯泡的电压为 V；若要测量小灯泡的额定功率，应将图甲中的滑片P向 （填“A”或“B”）端移动，使电压表的示数为2.5V，根据图象信息，可算出小灯泡的额定功率是 W。（4）通过图象还可以发现灯丝的电阻是 （“变化”或“不变”）的，原因是 。五、计算题（10分*220分）23电阻R1和R2串联在电源电压为12V的电路中，已知R1两端的电压为8V，R2的电阻为10，求通过R2的电流。24如

9、图甲是一种常见的密封式电热水袋，图乙是它的简化电路图，其性能指标如下表。额定电压额定加热功率指示功率袋内充水自动断电温度220V400W0.2W1L65（1）发热体R的电阻比指示灯L的电阻要 （填“大”或“小”）得多。（2）将热水袋中初温为5的水加热至65，需吸收多少热量？c水4.2103J/（kg）（3）若加热过程历时12min，则电热转化效率是多少？2020学年河南省洛阳市洛龙第一实验学校九年级（上）月考物理试卷（12月份）参考答案与试题解析一、选择题（共36分，每小题3分）1在国际单位制中，功率的单位是（）A牛顿B帕斯卡C焦耳D瓦特【分析】牛顿是力的单位；帕斯卡是压强的单位；焦耳是一切形

10、式的能和功的单位；瓦特是功率的单位。【解答】解：在国际单位制中，功率的单位是瓦特。故选：D。【点评】此题考查学生对物理单位的了解，是一道基础题。2对于欧姆定律公式I的理解，下列说法中错误的是（）A对于某一导体来说，导体中的电流与它两端的电压成正比B电压相同时，不同导体中的电流与导体的电阻成反比C导体中的电流与导体两端的电压，电阻有关D导体中的电流与导体两端的电压、电阻均无关【分析】欧姆定律的内容是：电阻一定时，导体中的电流与导体两端的电压成正比；当导体两端的电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比。【解答】解：A、由欧姆定律I可知，对某一导体来说，电阻一定，导体中的电流与其两端的电压成正比

11、，故A正确；B、由欧姆定律I可知，在电压相同时，不同导体中的电流与导体的电阻成反比，故B正确；CD、由欧姆定律I可知，导体中的电流与导体两端的电压、导体的电阻都有关，故C正确，D错误。故选：D。【点评】本题考查了学生对欧姆定律的掌握，记住欧姆定律的内容是解题的关键。3一种声光报警器的电路如图所示。闭合开关S1和S2后，会出现的现象是（）A灯亮，铃不响B灯不亮，铃不响C灯亮，铃响D灯不亮，铃响【分析】电路的三种状态分别是：通路、断路、短路；当用电器的两端被导线相连时，用电器将发生短路现象。断路是电流不再通过该用电器，用电器不工作。【解答】解：开关S1和S2都闭合时，电路发生局部短路，即电铃短路，

12、电流不再通过电铃；故灯泡亮，但电铃不响。故选：A。【点评】此题是结合电路图考查电路中用电器的连接情况，结合开关的组合分析电路中电流的流向，从而判断电路状态。4分别标有“220V、40W”，“110V、40W”和“36V、40W”字样的三只白炽灯都在额定电压下工作，则（）A“220V 40W”的灯亮B“110V 40W”的灯亮C“36V 40W”的灯亮D三只灯一样亮【分析】灯泡的亮度取决于灯泡的实际功率，灯泡在额定电压下工作时，实际功率等于额定功率。【解答】解：三个灯泡在各自的额定电压下工作，所以实际功率等于额定功率；因灯泡的亮暗取决于灯泡的实际功率，所以三个相同额定功率的灯泡一样亮。故选：D。

13、【点评】本题考查灯泡亮度的比较，在额定电压下工作，比较额定功率即可，实际上判断灯泡亮度的依据是灯泡的实际功率。5下列说法中，不符合安全用电要求的是（）A三孔插座的中间插孔必须接地B更换或维修用电器时应该切断电源C家中尽量不同时使用多个大功率用电器D为了方便，可以抓住导线拉出插座上的插头【分析】三孔插座的中间插孔应接地；更换或维修电器时应切断电源；家庭电路用电器的总功率不能太大。【解答】解：为了安全用电，应注意：A、三孔插座的中间插孔必须接地，故A正确；B、更换或维修用电器时应该切断电源，故B正确；C、家中尽量不同时使用多个大功率用电器，避免电路电流过大而发生火灾，故C正确；D、拔插座时不能抓住

14、导线而拔出插座上的插头，故D错误；本题选择错误的，故选：D。【点评】要掌握安全用电常识，本题既考查了物理知识，在生活中又具有现实意义。6关于家庭电路和安全用电，下列说法正确的是（）A客厅里一个开关可以控制四只灯泡，这四只灯泡一定是串联B低于220V的电压都是安全电压C严禁在高压线下方放风筝，避免发生触电事故D家庭电路中，开关一定要接在灯泡和零线之间【分析】家庭电路中各用电器为互不影响，彼此需要并联；在并联电路中，干路开关控制所有用电器；人体安全电压不高于36V；当有较大的电流通过人体时，会引起触电，对身体造成伤害；在家庭电路中，连接灯泡时，火线首先接入开关，然后进入灯泡顶端的金属点；零线直接进

15、入灯泡的螺旋套。如果开关接在零线和灯泡之间，火线直接接在灯泡时，虽然断开开关，但是火线和灯泡相连，触及灯泡会发生触电事故。【解答】解：A、虽然一个开关可以控制四盏灯泡，但这些灯泡是并联的，工作时互不影响。此选项错误；B、经验证明：只有不高于36V的电压对人体才是安全的。此选项错误；C、严禁在高压线下方放风筝，避免由于电流通过风筝拉线进入人体发生触电事故。此选项正确；D、家庭电路中，为安全起见，灯泡的开关一定接在灯泡和火线之间。此选项错误。故选：C。【点评】此题考查的是家庭电路的连接关系、人体安全电压、预防触电和灯泡与开关的连接方法，都属于安全用电常识，需要理解掌握。7把标有“6V 3W”和“1

16、2V 3W”字样的两个灯泡L1、L2串联在15V的电源上，下列说法正确的是（）A灯L2正常发光B灯L1正常发光C两灯都能正常发光D两灯都不能正常发光【分析】已知两灯泡的额定电压和额定功率，根据公式R求出灯泡的电阻，还知道电源电压，根据公式I求出电路电流，再利用公式PI2R求出各自的实际功率，与额定功率进行比较，即可得出结论。【解答】解：灯泡L1电阻R112，灯泡L2电阻R248，电路电流为I0.25A，灯泡L1的实际功率P1I2R1（0.25A）2120.75W3W，不能正常发光。灯泡L2的实际功率P2I2R2（0.25A）2483W3W，所以能正常发光。故选：A。【点评】本题考查串联电路中电

17、流与电压的规律，实际功率与额定功率的比较，欧姆定律和电功率公式及其变形的灵活运用，关键是计算灯泡的电阻和电路的总电流。8小刚利用电能表测某家用电器的电功率。当电路中只有这个用电器工作时，测得在15min内消耗电能0.3kWh，这个用电器可能是（）A空调器B电饭煲C电视机D收音机【分析】由1h内消耗的电能可求得电器的功率，则由家电的功率知识可判断为哪种用电器。【解答】解：由P得这个用电器的功率：P1.2kW，选项的四种家用电器中功率超1000W的只有空调机。故选：A。【点评】本题考查了电功率的计算方法。常见的家用电器应记住其额定功率。9如图所示电路，在电源电压恒定的情况下将滑动变阻器的滑片P从左

18、向右滑动，在此过程中，下列说法正确的是（）A电压表、电流表的示数均变大B电压表、电流表的示数均变小C电压表的示数变大，电流表的示数变小D电压表的示数变小，电流表的示数变大【分析】由电路图可知，定值电阻与滑动变阻器串联，电流表测电路电流，电压表测滑动变阻器两端电压；根据滑动变阻器滑片的移动方向判断滑动变阻器接入电路的阻值如何变化，然后根据欧姆定律判断电路电流如何变化，电流表示数如何变化；根据串联电路的分压原理判断电压表示数如何变化。【解答】解：（1）由电路图可知，在滑动变阻器的滑动触头从左向右滑动的过程中，滑动变阻器接入电路的阻值变大，电路总电阻变大，电源电压不变，由欧姆定律可知，电路电流变小，

19、电流表示数变小；（2）滑动变阻器接入电路的阻值变大，滑动变阻器的分压变大，故电压表示数变大。故选：C。【点评】本题考查欧姆定律公式及串联电路的特点，难点是判断滑动变阻器滑片移动过程中电路电阻的变化。10如图所示，闭合开关S后，当滑动变阻器的滑片P向上滑动时，各电表示数变化正确的是（）A电流表和电压表的示数均变小B电流表和电压表的示数均变大C电流表示数变大、电压表的示数不变D电流表示数变小、电压表的示数不变【分析】由电路图可知，定值电阻与滑动变阻器并联在电源两端，电压表测量电源电压（各支路两端的电压），则可知电压表示数不变；根据滑片的移动可知滑动变阻器接入电阻的变化，由欧姆定律可得出通过滑动变阻

20、器的电流的变化，再有并联电路的电流特点得出总电流的变化情况。【解答】解：电压表测量电源电压，故电压表示数保持不变；当滑片向上滑动时，滑动变阻器接入电阻增大，则由欧姆定律可得通过滑动变阻器的电流减小；因定值电阻两端电压不变，故通过定值电阻的电流不变；由并联电路的电流规律可得干路电流减小，即电流表A的示数减小。故选：D。【点评】本题考查欧姆定律的应用，在分析电路时要注意电压表的接法，可以先将电流表看作短路，电压表看作开路，将电路简化后再思考电压表测谁的电压。11图是一个环境温度监控电路原理图。电源电压不变，R0为定值电阻，R是用半导体材料制成的热敏电阻，其电阻值会随温度的升高而变小。若环境温度升高

21、，闭合开关S则（）A热敏电阻R的阻值变大B电压表的示数变大C通过电阻R的电流变小D电阻R两端电压变大【分析】根据热敏电阻的阻值随温度的升高而变小可知环境温度升高，热敏电阻阻值减小。由图可知两电阻串联，电压表测量R0两端的电压；根据热敏电阻的变化利用欧姆定律可求得电路中电流的变化及电压的变化。【解答】解：A、根据热敏电阻的阻值随温度的升高而变小的特点可知：若环境温度升高，热敏电阻的阻值会减小，A选项错误；B、由欧姆定律可得电路中电流增加；而U0IR0，R0不变，I变大，R0两端的电压增大，电压表示数变大，B选项正确；C、因电路中的总电阻变小，电路中的电流变大，C选项错误；D、电源电压不变，根据串

22、联电路的电压规律，R0两端的电压增大，电阻R两端电压变小，D选项错误。故选：B。【点评】本题考查学生对图象的认知及欧姆定律的使用，从图中得出热敏电阻的阻值与温度的变化关系是本题的突破口。12光敏电阻的特点是有光照射它时阻值变小。如图所示是某小区门口利用光敏电阻设计的行人监控装置，R1为光敏电阻，R2为滑动变阻器，A、B间接监控装置。则（）A当有人通过通道而遮蔽光线时，A、B间电压降低B当有人通过通道而遮蔽光线时，A、B间电压升高C当仅增大R2连入电路中的阻值时，通过R1的电流变大D当仅增大R2连入电路中的阻值时，可降低A、B间的电压【分析】（1）由电路图可知，两电阻串联，监控装置与R2并联；根

23、据题意得出有人通过时R1阻值的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和A、B间电压的变化；（2）当仅增大R2连入电路中的阻值时，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R1两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知A、B间电压的变化。【解答】解：由电路图可知，两电阻串联，监控装置与R2并联。（1）当有人通过通道而遮蔽光线时，R1阻值变大，电路中的总电阻变大；根据I可知，电路中的电流变小，根据UIR可知，R2阻值不变时，其两端的电压变小，即A、B间电压降低，故A正确，B不正确。（2）当仅增大R2连入电路中的阻值时，电路中的电阻变大；根据I可知，电路中的电流变小，故C不正确；根据UIR可知，R1阻值不变

24、时，其两端的电压变小；根据串联电路的总电压等于各分电压之和可知，R2两端的电压变大，即A、B间电压升高，故D不正确。故选：A。【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是会分析当有人通过通道而遮蔽光线时和当仅增大R1连入电路中的阻值时电路的动态分析，要注意光敏电阻的特点。二、填空题（1分*2020分）13橡胶棒与毛皮摩擦，橡胶棒由于得到 电子而带负电。把带负电的橡胶棒靠近与作业纸摩擦过的塑料吸管、发现吸管被推开，说明吸管带负电。【分析】不同的物质原子核束缚核外电子的本领有强有弱，原子核束缚核外电子本领强的夺得电子，因多余电子带负电，原子核束缚核外电子本领弱的失去电子，因缺少电子带正

25、电。摩擦起电的实质不是创造了电，而是电子的转移。同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。【解答】解：用毛皮摩擦橡胶棒，橡胶棒的原子核束缚核外电子本领强的夺得电子，因多余电子带负电，带负电的橡胶棒靠近吸管，吸管被推开，说明两者是相互排斥的，所以带的是同种电荷，所以吸管也是带负电的；故答案为：得到；负。【点评】如果两个物体相互吸引的话。还要考虑带电体会吸引不带电的轻小物体。14有一根导线，如果在它两端加上12V电压，通过它的电流是0.4A，那么它的电阻是30；如果在它两端加15V电压，通过它的电流是0.5A，它的电阻是30；如果这根导线两端电压为零，则通过它的电流为0A，它的电阻为30。【分析】已知电

26、压与电流，可利用公式R计算出电阻值；电阻大小与加在两端的电压和通过的电流无关，所以已知电压和电阻，可利用公式 I计算出出通过导体中的电流；当加在导体两端的电压为0时，根据欧姆定律可得电流也为0A，而导体的电阻不变。【解答】解：U12V，I0.4A，导线的电阻为：R30；因为电阻与它两端的电压无关，所以导体的电阻为30欧，而U15V，此时电路中的电流为：I0.5A；当导体两端的电压为0V时，由公式I可知，通过导体的电流也为0A，电阻不变，仍为30。故答案为：30，0.5，30，0，30。【点评】知道电阻的大小决定于导体的长度、橫截面积和材料有关，而与加在两端的电压和通过的电流无关是本题的关键，要

27、灵活运用欧姆定律。15现在许多宾馆都利用房卡取电，如图所示，只有把房卡插入槽中，房间内的用电器才能使用。房卡的作用相当于家庭电路中的总开关（或开关），房间里各用电器之间是并联的。使用1100W的电水壶烧水，通过干路的电流增加5A【分析】（1）开关的作用是控制电路的通断，串联电路中开关控制所有用电器，并联电路中干路的开关控制所有用电器，支路的开关控制本支路用电器；（2）串联电路各用电器工作情况互相影响，并联电路各用电器工作情况互不影响。（3）根据干路电流等于各支路电流之和来计算增加的电流。【解答】解：（1）房卡可以控制用电器的工作，不插入插槽中，所有房间内的用电器都不工作，所以房卡相当家庭电路干

28、路上的总开关（开关）；（2）房间里各用电器之间工作情况是互不影响，所以各用电器之间是并联。电水壶两端的电压等于电源电压等于220V，则干路增加的电流等于通过电水壶的电流：由PUI得：I5A。故答案为：总开关（或开关）；并；5。【点评】本题要求掌握开关的作用和串并联电路的工作特点，并掌握家庭电路的电压及各用电器的连接方式，能够利用所学公式进行相关的计算，联系生活实际会辨认，会解释。16小明家的电能表月初的数字是13855，月末表盘数字是15005若按0.5元/kWh的标准收费，他家本月用了115度电，应缴纳电费57.5元。该电能表上标有1200r/kWh的字样，若电能表的转盘在10min内转过4

29、00转，则接在该电能表上的用电器在这段时间内消耗电能0.3kWh，用电器的功率是2000W。【分析】（1）电能表的读数方法：月末的减去月初的示数，最后一位是小数，计量时单位是kWh；乘以电价可得本月电费；（2）1200r/kWh表示的是电路中每消耗1kWh的电能，电能表的转盘转1200r，据此求出转盘转400r电路中消耗的电能，再利用P求用电器的功率。【解答】解：（1）小明家的电能表月初的数字是13855，月末表盘数字是15005。因为电能表读数最后一位是小数，所以，月初的示数W11385.5kWh，月末示数W21500.5kWh；本月用电：WW2W11500.5kWh1385.5kWh115

30、kWh115度，应交电费：0.5元/kWh115kWh57.5元；（2）1200r/kWh表示路中每消耗1kWh的电能，电能表的转盘转1200r，电能表转盘转动400r，用电器消耗的电能：WkWhkWh0.3kWh，实际功率：P2kW2000W。故答案为：115；57.5；0.3；2000。【点评】本题考查了使用电能表时电能、电功率的计算，还涉及到电能表的读数，明确电能表相关参数的物理意义是关键。17已知电阻R14，把它和一个电阻R2串联后，再接到电压为4.5V的电源上，电路中的电流为0.45A，则R1两端的电压为1.8V，R2两端的电压为2.7V，R2的阻值为6。【分析】（1）在串联电路中：

31、电路处处相等：II1I2；各导体两端电压之和等于总电压；UU1+U2；总电阻等于各分电阻之和：RR1+R2；（2）欧姆定律公式：I；变形式：UIR、R。【解答】解：（1）电阻R14；串联电路中，电流处处相等：I1I0.45A；R1两端的电压：U1R1I140.45A1.8V；（2）由UU1+U2；得：U2UU14.5V1.8V2.7V；（3）由I；得：R；R2的阻值为：R26。故答案为：1.8； 2.7； 6。【点评】本题考查的是串联电路的特点和利用欧姆定律变形式的计算，难度不大。18电炉说明书标有“220V2A”的字样，则电炉正常工作的电功率是440W，1min内电炉产生的热量为2.6410

32、4J。【分析】用电器在额定电压下正常工作，正常工作时的功率等于额定功率；由PUI可以求出电炉正常工作的电功率，由WPt可以求出1min内电炉产生的热量。【解答】解：由电炉铭牌可知，其额定电压是220V，额定电流是2A，正常工作时消耗的功率PUI220V2A440W；已知t1min60s，由P可得，1min内电炉产生的热量QWPt440W60s2.64104J；故答案为：440W；2.64104J。【点评】此题考查了求正常工作的功率与电炉产生的热量问题，知道铭牌的含义、应用电功率公式的变形公式即可正确解题。19两只灯泡L1和L2分别标有“PZ220100W”、“PZ22040W”，当把它们串连接

33、在220V电路中工作时，实际消耗的电功率P1P2；当把它们并连接在220V电路中工作时，实际消耗的电功率P1P2（填“”、“”或“”）【分析】知道两灯泡的额定电压相等和额定功率关系，根据P比较两灯泡的电阻关系；（1）两灯泡串联后接入电压220V的电路，根据串联电路电流的规律，根据PI2R比较两灯泡实际功率之间的关系；（2）把它们并连接在220V电路中工作时，根据并联电路电压的规律，两灯都正常发光，据此回答。【解答】解：由灯泡的铭牌可知，两灯泡的额定电压相等均为220V，且L1的额定功率大于L2的额定功率，根据P有R，故L1的电阻小于L2的电阻，（1）当串联后接入电压220V的电路中时，因串联电

34、路中各处的电流相等，由PI2R可知，L1的实际功率小于L2的实际功率，即P1P2；（2）当把它们并连接在220V电路中工作时，根据并联电路电压的规律，两灯都正常发光，实际消耗的电功率P1P2。故答案为：；。【点评】本题考查串联、并联电路的规律及欧姆定律和电功率公式的运用。关键是明确灯的额定电压下正常发光。三、作图题（每题4分，共8分）20按照图（甲）所示的电路图，将图（乙）中各个元件连接起来（用铅笔画线表示导线）【分析】根据电路图连接实物图时，可以根据电流流向法进行连接，先从电源的正极出发依次串联电路元件最多的支路，再把并联的部分串联到相应的位置即可。【解答】解：根据电流流向法，先从正极出发依

35、次串联开关S1、S2、电铃回到负极，然后把灯泡并联在开关S2和电铃两端，如下图所示：【点评】本题考查了根据电路图连接实物图以及根据要求连接实物图，实物连接图的关键在于看懂电路图，在连接过程中，注意各元件的次序，导线不能交叉。21按照图所示实物图画出电路图。【分析】根据实物图可知，从正极出发开始分支，一支经灯泡L2回到负极，另一支经灯泡开关K和L1回到负极，据此画出电路图。【解答】解：从实物图可以看出，两个灯泡并联，开关K控制L1的支路，电路图如图所示：【点评】本题考查根据实物图画电路图，关键是明白电路中各个用电器的连接方式，根据电路图画实物图是整个初中物理的难点，也是重点。四、实验与探究题（2

36、分*816分）22如图是“测量小灯泡电功率”的实验，小灯泡上标有“2.5V”的字样，电阻约为10。（1）请用笔画线代替导线将实物电路图甲补充完整，要求滑动变阻器的滑片向右移动时灯泡变暗。（2）连接完电路后，若闭合开关，发现小灯泡不亮，电流表有示数，电压表无示数，原因可能是灯泡短路；若发现小灯泡不亮，电流表无示数，电压表示数接近3V，原因可能是灯泡断路。（3）排除故障后，调节滑动变阻器的滑片P到图示位置时，电压表的示数如图乙，则小灯泡的电压为1.8V；若要测量小灯泡的额定功率，应将图甲中的滑片P向A（填“A”或“B”）端移动，使电压表的示数为2.5V，根据图象信息，可算出小灯泡的额定功率是0.5

37、W。（4）通过图象还可以发现灯丝的电阻是变化（“变化”或“不变”）的，原因是灯丝的电阻与温度有关。【分析】（1）根据灯泡的额定电压确定电压表的量程；根据欧姆定律求出灯泡正常发光时的电流大约值，据此确定电流表的量程，并将电流表与灯泡串联，电压表并联在灯泡两端；滑动变阻器的滑片向右移动时灯泡变暗，说明滑片右移滑动变阻器接入电路的阻值变大，故将滑动变阻器的左下接线柱接入电路，使开关和滑动变阻器串联。（2）电流表有示数，说明电路为通路，电压表无示数，说明电压表被短路；电流表无示数，说明电路为断路，电压表有示数，说明电压表的两极与电源两极相连；（3）由图乙所示电压表确定电压表量程与分度值，读出电压表示数

38、，根据电压表示数与灯泡额定电压间的关系确定滑动变阻器滑片的移动方向；并根据图象找出灯泡在额定电压下的电流，根据电功率公式PUI求出灯泡的额定功率；（4）灯丝的电阻随温度的升高而增大。【解答】解：（1）因为灯泡的额定电压为2.5V，所以电压表的量程选择03V；灯泡的额定电流约为：I0.25A，故电流表量程选项00.6A；将电流表0.6A的接线柱与灯泡左接线柱相连，电压表的3V接线柱与灯泡右接线柱相连，滑动变阻器的A接线柱与开关右接线柱相连；如下图所示：（2）电流表有示数，说明电路为通路，电压表无示数，说明电压表被短路，因此电路故障为灯泡短路；电流表无示数，说明电路为断路，电压表有示数，说明电压表

39、的两极与电源两极相连，因此电路故障为灯泡断路；（3）由图乙所示电压表可知，电压表量程是03V，分度值是0.1V，电压表示数是1.8V2.5V，由电路图甲可知，要使灯泡正常发光，应向A端移动滑动变阻器滑片，使滑动变阻器接入电路的阻值减小，灯泡两端的电压增大，直到等于2.5V为止；根据图象丙可知，灯泡在2.5V的额定电压下的电流是0.2A，故灯泡的额定功率是PUI2.5V0.2A0.5W；（4）通过图象还可以发现灯丝的电阻是变化，说明灯丝的电阻与温度有关。故答案为：（1）如上图所示；（2）灯泡短路；灯泡断路；（3）1.8；A；0.5；（4）变化；灯丝的电阻与温度有关。【点评】本题涉及实物图连接、电

40、压表的读数、滑动变阻器的使用、电功率的计算、UI图象，虽综合性强，但都属于基础知识，难度适中。五、计算题（10分*220分）23电阻R1和R2串联在电源电压为12V的电路中，已知R1两端的电压为8V，R2的电阻为10，求通过R2的电流。【分析】已知两电阻串联，根据串联电路的电压特点求出R2两端的电压，根据欧姆定律求出通过R2的电流。【解答】解：电阻R1和R2串联，R2两端的电压U2UU112V8V4V，通过R2的电流I20.4A。答：通过R2的电流为0.4A。【点评】本题考查了串联电路的电压特点和欧姆定律的计算，是一道较为简单的应用题。24如图甲是一种常见的密封式电热水袋，图乙是它的简化电路图

41、，其性能指标如下表。额定电压额定加热功率指示功率袋内充水自动断电温度220V400W0.2W1L65（1）发热体R的电阻比指示灯L的电阻要小（填“大”或“小”）得多。（2）将热水袋中初温为5的水加热至65，需吸收多少热量？c水4.2103J/（kg）（3）若加热过程历时12min，则电热转化效率是多少？【分析】（1）由图可见，指示灯L和发热体R是并联的，两电阻两端的电压相等，根据公式P分析两电阻阻值的大小；（2）知道水的体积，根据密度公式求出水的质量，利用Q吸cm（tt0）计算出水吸收的热量；（3）根据WPt计算出消耗的电能，根据100%求出电热转化效率。【解答】解：（1）由图可见，指示灯L和

42、发热体R是并联的，两端电压相等，发热体的功率要比指示灯的功率大得多，根据电功率的计算P，在电压U相等的情况下，功率P大的，电阻R反而小，因此发热体的电阻要小于指示灯的电阻；（2）热水器中装满水时，水的体积：V1L1dm31103m3，由可得，水的质量：mV1.0103kg/m31103m31kg，水吸收的热量：Q吸cm（tt0）4.2103J/（kg）1kg（655）2.52105J；（2）消耗的电能：WPt400W1260s2.88105J，电热转化效率：100%100%87.5%。答：（1）小；（2）将热水袋中初温为5的水加热至65，需吸收2.52105J的热量；（3）若加热过程历时12min，则电热转化效率是87.5%。【点评】本题考查了电功率公式、密度公式、吸热公式、电功公式和效率公式的综合应用，从表格中获取有用的信息是关键，计算过程要注意单位的换算。