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1、2022年高考物理必考点+热考点+预测点第一部分必考点专练3牛顿运动定律和直线运动命题特点高考对本考点的考查4年7考，频度较高.考题以直线运动为背景，考查受力分析、牛顿运动定律、匀变速直线运动规律及图象.1.如图1所示是一做匀变速直线运动的质点的位置时间图象(xt图象)，P(t1，x1)为图象上一点.PQ为过P点的切线，与x轴交于点Q(0，x2).则下列说法正确的是()图1A. t1时刻，质点的速率为B. t1时刻，质点的速率为C. 质点的加速度大小为D. 0t1时间内，质点的平均速度大小为答案B2.如图2所示，欲使在粗糙斜面上匀速下滑的木块A停止，可采用的方法是()图2A.在木块A上再叠放一
2、个重物B.对木块A施加一个垂直斜面向下的力C.对木块A施加一个竖直向下的力D.增大斜面的倾角答案B3.一小球在空气中从某高处由静止开始下落，t0时刻到达地面.其vt图象如图3所示.由此可以断定物体在下落过程中()图3A. 不受空气阻力B. 受到的空气阻力大小不变C. 受到的空气阻力越来越小D. 受到的空气阻力越来越大答案D解析vt图象斜率代表加速度，根据图象可知斜率越来越小，所以加速度越来越小，由牛顿第二定律a，可得小球的合力越来越小，从而判断小球下落过程必受空气阻力，且空气阻力越来越大.所以D选项正确.4.(多选)小陈在地面上从玩具枪中竖直向上射出初速度为v0的塑料小球，若小球运动过程中受到
3、的空气阻力与其速率成正比，小球运动的速率随时间变化的规律如图4所示，t1时刻到达最高点，再落回地面，落地速率为v1，下列说法中正确的是()图4A. 小球上升过程中的平均速度大于 B. 小球下降过程中的平均速度大于 C. 小球射出时的加速度值最大，到达最高点的加速度值为 0D. 小球的加速度在上升过程中逐渐减小，在下降过程中也逐渐减小答案BD5.(多选)如图5所示，质量为M、倾角为的斜面放在粗糙水平面上，质量为m的物体在斜面上恰能匀速下滑.现加上平行斜面向下的力F，使物体在斜面上加速下滑，重力加速度为g.则此时地面对斜面的支持力FN的大小和物体的加速度大小a为()图5A. agsin B. FN
4、(Mm)gC. aD. FN(Mm)gFsin 答案BC解析没加外力时物体在斜面上恰能匀速下滑，物体处于平衡状态，可得斜面对物体的摩擦力与斜面对物体支持力的合力竖直向上，跟物体的重力相抵消，由牛顿第三定律得，物体对斜面的摩擦力与物体对斜面的压力的合力必定竖直向下，大小必为mg，所以斜面受到地面的支持力FN(Mm)g；当施加沿斜面向下的力F后，m与M之间的弹力没有变化，因而m与M之间的滑动摩擦力也没有变化，故弹力和摩擦力的合力也不会变化，物体对斜面的摩擦力与物体对斜面的压力的合力必定竖直向下，大小必为mg，斜面受到地面的支持力仍是FN(Mm)g；选小物体为研究对象，没加外力时物体在斜面上恰能匀速
5、下滑，则沿斜面方向合力为零，斜面施加的摩擦力与重力沿斜面的分力相抵消，当加上外力F时，物体的加速度为a.6.如图6所示，质量都为m的A、B两物体叠放在竖直弹簧上并保持静止.现用大小等于mg的恒力F竖直向上拉B，B向上运动h时与A分离.则下列说法中正确的是()图6A. B和A刚分离时，弹簧为原长B. B和A刚分离时，它们的加速度为gC. 在B与A分离之前，它们做匀加速运动D. 弹簧的劲度系数等于答案D7.如图7所示，质量为M的吊篮P通过细绳悬挂在天花板上，物块A、B、C质量均为m，B、C叠放在一起，物块B固定在轻质弹簧上端，弹簧下端与A物块相连，三物块均处于静止状态，弹簧的劲度系数为k(弹簧始终
6、在弹性限度内)，下列说法正确的是()图7A. 静止时，弹簧的形变量为B. 剪断细绳瞬间，C物块处于超重状态C. 剪断细绳瞬间，A物块与吊篮P分离D. 剪断细绳瞬间，吊篮P的加速度大小为答案D8.如图8所示，穿在水平直杆上质量为m的小球开始时静止.小球与杆间的动摩擦因数为.现对小球施加沿杆方向的恒力F02mg，垂直于杆方向施加竖直向上的力F，且F的大小始终与小球的速度成正比，即Fkv(图中未标出).已知小球运动过程中未从杆上脱落，则()图8A. 小球先做加速度减小的加速运动，后做加速度增大的减速运动直到静止B. 小球先做加速度增大的加速运动，后做加速度减小的减速运动，直到最后做匀速运动C. 小球
7、的最大加速度为2gD. 恒力F0的最大功率为Pm答案C解析刚开始运动，加速度为：a1，当速度v增大时，加速度增大，当速度v增大到符合kvmg后，加速度为：a2，当速度v增大时，加速度减小，当a2减小到0后，做匀速运动，故A、B错误；当阻力为零时，加速度最大，故小球的最大加速度为2g，故C正确.当加速度为零时，小球的速度最大，此时有：a2，故速度为：v，故恒力F0的最大功率为Pm，故D错误.9.(多选)如图9所示，木块A、B分别重50 N和60 N，它们与水平地面之间的动摩擦因数均为0.24.夹在A、B之间的轻弹簧被压缩了2 cm，弹簧的劲度系数为400 N/m.系统置于水平地面上静止不动.现用
8、水平力F作用在木块B上，则()图9A. 若F1 N，则木块B所受摩擦力大小是9 NB. 若F1 N，则木块A所受摩擦力大小是7 NC. 若木块A、B能一起保持匀速运动，则拉力F24.6 ND. 若木块A、B能一起保持匀速运动，则A、B间弹簧的伸长量为3 cm答案AD10.(多选)如图10所示，质量m1 kg的物体(可视为质点)以v010 m/s的初速度从倾角30的固定斜面底端沿斜面向上运动，物体上滑的最大高度h4 m，取g10 m/s2，则()图10A. 物体上滑到高度为2 m时的速度大小为5 m/sB. 物体与斜面间的动摩擦因数为0.5C. 物体上滑过程中克服摩擦力做功为10 JD. 物体上
9、滑到最高点后还能返回斜面底端，且上滑过程的时间小于下滑过程的时间答案CD11.实验小组为了探究物体在倾角不同的斜面上的运动情况，将足够长的粗糙木板的一端固定在水平地面上，使物体以大小相同的初速度v0由底端冲上斜面，如图11所示，每次物体在斜面上运动过程中斜面倾角保持不变.在倾角从0逐渐增大到90的过程中()图11A. 物体的加速度增大B. 物体的加速度减小C. 物体在斜面上能达到的最大位移先增大后减小D. 物体在斜面上能达到的最大位移先减小后增大答案D解析设物体质量为m，物体与斜面间的动摩擦因数为.当物体沿倾角为的斜面上滑时，受到重力mg，斜面支持力FN，滑动摩擦力Ff，如图所示.对物体由牛顿
10、第二定律得：mgsin FfmaFNmgcos 0FfFN联立解得：agsin gcos gsin()，其中，为锐角，且tan .当从0逐渐增大到90的过程中，加速度a先增大后减小，因此，A、B错误.物体沿斜面上升的最大位移x，当从0逐渐增大到90的过程中，x先减小后增大，因此，C错误，D正确.12.如图12所示，一固定杆与水平方向夹角为，将一质量为m1的滑块套在杆上，通过轻绳悬挂一质量为m2的小球，杆与滑块之间的动摩擦因数为.若滑块与小球保持相对静止以相同的加速度a一起运动，此时绳子与竖直方向夹角为，且，不计空气阻力，重力加速度为g，则滑块的运动情况是()图12A. 沿杆减速下滑 B. 沿杆
11、减速上滑C. 沿杆加速下滑 D. 沿杆加速上滑答案B13. 如图13所示，倾角为，质量为M的斜劈形物体放在水平地面上，质量为m的粗糙物块以某一初速度沿物体的粗糙斜面向上滑至速度为零后又加速返回，而物体M始终保持静止，则在物块m上、下滑动的整个过程中()图13A.地面对物体M的摩擦力大小相同B.地面对物体M的支持力总小于(Mm)gC.地面对物体M的摩擦力先向右后向左D.地面对物体M的摩擦力先向左后向右答案B解析物块先减速上滑，后加速下滑，加速度一直沿斜面向下，对整体受力分析，受到总重力、支持力和向左的静摩擦力，如图甲，根据牛顿第二定律，有在x轴上受力分析：Ffmacos 在y轴上受力分析：(Mm
12、)gFN(Mm)asin 物块上滑时，受力分析如图乙，根据牛顿第二定律，有mgsin mgcos ma1物块下滑时，受力分析如图丙，根据牛顿第二定律，有mgsin mgcos ma2由上分析可知，地面对物体M的静摩擦力方向一直未变，向左，但大小不同，故A、C、D错误；由式知，地面对物体M的支持力总小于(Mm)g，故B正确.14.(多选)如图14所示，物体以一定的初速度v0从倾角为的粗糙斜面底端沿斜面向上运动，上升到一定高度后开始下滑回到底端，设上升时间为t1，下滑时间为t2，下滑到斜面底端的速度为vt，以下说法正确的是()图14A.v0vtB.t1t2C.物体上滑过程出现超重现象D.选择地面为参考平面，上滑过程中，物体的机械能E随高度h的变化图象是一条直线答案ABD
2022年高考物理必考点+热考点+预测点第一部分必考点专练3牛顿运动定律和直线运动
