四川省棠湖中学高一物理下学期开学考试试题含解析

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1、四川省棠湖中学2020学年高一物理下学期开学考试试题（含解析） 一、选择题：本题共13小题，每小题4分，在每小题给出的四个选项中，第19题只有一项符合题目要求，第1013题有多项符合题目要求。全部选对得4分，选对但不全得2分，有选错的得0分1.下列物体的运动，不可能的是A. 物体加速度越来越大，速度越来越小B. 物体速度越来越大，加速度越来越小C. 物体速度方向向东，加速度方向向西D. 物体速度随时间均匀增大，加速度也随时间均匀增大【答案】D【解析】【分析】加速度等于单位时间内的速度变化量，反映速度变化快慢的物理量，当加速度方向与速度方向相同，物体做加速运动，当加速度方向与速度方向相反，物体做

2、减速运动【详解】A、当加速度方向与速度方向相反，加速度越来越大，速度越来越小；故A正确.B、当加速度方向与速度方向相同时，速度增大，但加速度大小可以减小；故B正确.C、速度方向向东，说明向东运动，但加速度的方向可能向西；故C正确.D、速度随时间均匀增大，表示物体的加速度不变；故D错误.本题选不可能的故选D.【点睛】解决本题的关键知道加速度的物理意义，掌握判断物体做加速运动还是减速运动的方法，关键看加速度方向与速度方向的关系2.2020年12月8日上午9点半，随着一声枪响，环攀枝花国际公路自行车赛（绕圈赛）正式开始，来自18支国际职业车队的95名运动员从三线建设博物馆出发，沿城区主要道路绕行，最

3、终返回起点，全程80.8 km。来自厄立特里亚国家队的戴维特也门以1小时52分22秒的成绩夺冠。下列说法中正确的是A. 上午9点半指的是时间B. 全程80.8 km指的是位移C. 研究运动员在全程中的运动可将其视为质点D. 根据上述数据，可以估算出戴维特也门的冲线速度约为43.14 km/h【答案】C【解析】【分析】时间是指时间的长度，在时间轴上对应一段距离，时刻是指时间点，在时间轴上对应的是一个点；位移是从初位置到末位置的有向线段，路程为轨迹的实际长度；质点是用来代替物体的有质量的点；当物体的大小和形状对所研究的问题没有影响或影响可忽略不计时，可以把物体当作质点，根据这个条件进行判断；平均速

4、率等于路程除以时间，平均速度等于位移除以时间.【详解】A、上午9点半指的是时刻，在时间轴上是一个点；故A错误.B、80.8km指的是运动轨迹的长度为路程，故B错误；C、研究运动员在全程中的运动时运动员的大小和形状可以忽略，故可以看成质点；故C正确.D、已知运动员的路程和时间，可以求出平均速率，而冲线速度为瞬时速度，其大小不等于平均速度率；故D错误.故选C.【点睛】本题关键明确位移与路程、时间间隔与时刻、质点的概念、速度与速率，重在两个量的区别.3.甲、乙、丙三个质量相等的物体，放在同一水平地面上，它们与地面间的动摩擦因数相同。分别受到大小相等的作用力F，三个物体均保持静止，如图所示。关于三个物

5、体受到的摩擦力大小关系，下列说法中正确的是A. 一样大 B. 甲最大C. 乙最大 D. 丙最大【答案】D【解析】【分析】三个物体均静止不动，受力平衡，静摩擦力的大小与水平方向的力相等【详解】三个物体均静止不动，受力平衡，静摩擦力的大小与水平方向的力相等，根据平衡条件，有：f甲=Fcos，f乙=Fcos，f丙=F，可见，甲乙受地面的摩擦力相等，丙受摩擦力最大；故选D.【点睛】对于滑动摩擦力，大小与物体间弹力成正比，对于静摩擦力，大小与外力相等4.某物体做直线运动的x-t图像如图所示，下列说法中正确的是A. 物体在2s末回到出发点B. 物体在2s末距出发点最远C. 物体在0-1s内做匀加速运动D.

6、 物体在0-2s内运动方向不变【答案】A【解析】【分析】位移图象的纵坐标表示物体的位置，坐标的变化量表示位移根据图象直接求解物体在ts内的位移，斜率代表物体的速度【详解】C、D、在x-t图象中，斜率代表速度，故前2s内，在拐点之前01s内，做沿正方向的匀速直线运动，拐点之后12s做沿负方向的匀速运动；故C、D均错误.A、B、x-t图象的纵坐标表示位置，故01s的位置变化为5m，02s内的位置变化为零；则A正确，B错误.故选A.【点睛】本题考查对位移图象的理解，抓住坐标表示物体的位置，坐标的变化量表示位移，斜率代表速度是关键.5.甲、乙两车某时刻由同一地点，沿同一方向开始做直线运动，若以该时刻作

7、为计时起点，得到两车的位移时间图象，即xt图象如图所示，则A. 刚出发时，甲车速度小B. t1时刻，两车相遇C. t2时刻，乙车速度大D. 0t2时间内，甲车通过的距离大【答案】C【解析】【分析】在位移-时间图象中，倾斜的直线表示物体做匀速直线运动，图象的斜率表示速度；图象的交点表示位移相等，表示两车相遇。【详解】因x-t图像的斜率等于速度，由图像可知刚出发时，甲车速度大，选项A错误；t1时刻，两车位移不相等，两车没有相遇，选项B错误；t2时刻，甲车的速度为零，则乙车速度大，选项C正确；t2时刻两车的位移相同，则0t2时间内，两车通过的距离相同，选项D错误；故选C.6.如图所示，质量为m的木块

8、，被水平力F紧压在倾角为60的墙面上静止。墙面对木块A. 压力大小可能为零B. 摩擦力大小可能为零C. 压力与摩擦力的合力大小为FD. 压力与摩擦力的合力大小为【答案】D【解析】【分析】对木块进行受力分析，根据共点力平衡，抓住合力为零，运用正交分解求出压力和摩擦力的合力。【详解】木块受到重力和水平力F后，墙面对木块一定有压力，也一定有沿斜面向上的摩擦力，否则不能平衡。故AB错误；木块受重力、支持力、推力和静摩擦力平衡，根据多个共点力平衡的特点可知，墙壁的支持力与摩擦力的合力一定与重力与F的合力大小相等，方向相反，所以墙壁的支持力与摩擦力的合力为，故D正确，C错误。故选D。7.蹦极是一项户外休闲

9、活动，跳跃者站在约40米以上高度的位置，用橡皮绳固定住后跳下，落地前弹起。如图为蹦极运动的示意图，弹性绳的一端固定在O点，另一端和运动员相连，运动员从O点自由下落，至B点弹性绳自然伸直，经过C点时合力为零，到达最低点D后弹起。整个过程中忽略空气阻力。在这个过程中A. 经过B点时，运动员的速度最大B. 从O点到C点，运动员的加速度大小不变C. 从B点到C点，运动员的速度不断增大D. 从C点到D点，运动员的加速度不断减小【答案】C【解析】【分析】分析运动员下落过程中的受力情况，从而明确其运动情况，注意明确当力与运动方向相同时物体做加速运动，而力与运动方向相反时，物体做减速运动【详解】运动员经过B点

10、时，运动员受向下的重力，此时弹力为零，则加速度向下，此位置的速度不是最大，选项A错误；从O点到B点，运动员的加速度大小为g不变；从B点到C点，重力大于弹力，随弹力的增加，运动员的加速度逐渐减小，速度不断增大，选项B错误，C正确；从C点到D点，弹力大于重力，随弹力的增加，运动员的加速度不断增加，选项D错误；故选C.【点睛】本题考查牛顿第二定律的应用，要注意明确力是改变物体运动状态原因，要根据受力情况来分析运动情况，注意不能认为绳子一张紧人即减速或停止，而实际情况是人要先做加速度减小的加速运动，然后再做减速运动8.如图所示，质量分别为M和m的物体A、B用不可伸长的轻质细线连接，悬挂在定滑轮上，定滑

11、轮固定在天花板上，已知Mm，滑轮质量及摩擦均不计A、B由静止释放后，在空中自由运动的过程中，下列说法正确的是A. 细线的拉力大于mgB. 细线的拉力等于mgC. 天花板对定滑轮的拉力等于(Mm)gD. 细线的拉力等于【答案】A【解析】【分析】对整体分析，根据牛顿第二定律求出整体的加速度，再隔离分析，通过牛顿第二定律求出绳子的拉力大小对滑轮分析，根据共点力平衡求出天花板对定滑轮的拉力大小【详解】因为m的加速度方向向上，根据牛顿第二定律有T-mg=ma，则细线的拉力一定大于mg。故A正确，B错误。对整体分析，根据牛顿第二定律得，隔离对m分析，T-mg=ma，解得T=mg+ma=故D错误。对定滑轮分

12、析，有T2T故C错误。故选A。【点睛】解决本题的关键能够正确地受力分析，运用牛顿第二定律进行求解，知道M和m的加速度大小相等，掌握整体法和隔离法的运用9.如图所示，质量m=1.0kg的物块（视为质点）放在质量M=4.0kg的木板的右端，木板长L=2.5m.开始木板静止放在水平地面上，物块与木板及木板与水平地面间的动摩擦因数均为=0.2.现对木板施加一水平向右的恒力F=40N，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，不计空气阻力，g=10m/s2.则物块在木板上运动的过程中，下列说法中正确的是A. 物块与木板以相同的加速度做匀加速运动B. 木板的加速度大小为5.6m/s2C. 物块的最大速度大小为4.0m/

13、sD. 物块到达木板左端时木板前进的位移大小为3.5m【答案】D【解析】【分析】由牛顿第二定律可以求出加速度，当物块与木板的位移之差等于木板的长度时物块从木板上掉落，应用速度公式与位移公式分析答题。【详解】A物体与物体恰好相对滑动时物块的加速度：a临=g=2m/s2，拉力的临界值： ,解得，物块与木板相对滑动，不可能以相同的加速度做匀加速运动，故A错误；B木板的加速度：，故B错误；C木块的加速度：a木块=g=2m/s2，经过时间t木块从木板上滑落，则：L=a木板t2 a木块t2，代入数据解得：t=1s，此时木块的速度最大为：v=a木块t=21=2m/s，故C错误；D物块到达木板左端时木板前进的

14、位移大小：x木板a木板t2712=3.5m，故D正确；故选D。10.如图所示，A、B、C三个物体质量相等，它们与传送带间的动摩擦因数相同三个物体随传送带一起匀速运动，运动方向如图中箭头所示则下列说法正确的是A. A物体受到的摩擦力不为零，方向向右B. 三个物体只有A物体受到的摩擦力为零C. B、C受到的摩擦力大小相等，方向相同D. B、C受到的摩擦力大小相等，方向相反【答案】BC【解析】三个物体匀速运动,受力平衡。A不受摩擦力，BC所受摩擦力等于重力沿斜面方向的分力，大小相等，方向相同，沿斜面向上。答案选BC。11.如图甲所示，质量为m1kg的物体置于倾角为37的固定且足够长的斜面上，t0时对

15、物体施以平行于斜面向上的拉力F，t1s时撤去拉力，物体运动的部分vt图像如图乙所示，g取10 m/s2，sin 370.6，cos 370.8，则A. 物体1s后沿斜面向下运动B. 物体沿斜面向上运动的最大距离为10mC. 物体所受拉力F为30ND. 物体与斜面间的动摩擦因数为0.5【答案】CD【解析】【分析】物体在力F作用下先做匀加速运动，后撤去外力后做匀减速运动，根据v-t图像求解物体沿斜面向上运动的最大距离为；根据图像求解力F作用时的加速度后减速过程的加速度，结合牛顿第二定律求解力F和的值。【详解】由图像可知，物体1s后沿斜面向上做匀减速运动，选项A错误；物体沿斜面向上运动的最大距离为，

16、选项B错误；当力F作用时物体的加速度：；其中；撤去F后的加速度：，其中；联立解得：F=30N；0.5，选项CD正确；故选CD.12.如图所示，一个质量为m、横截面为直角三角形的物块ABC，ABC，AB边靠在竖直墙上，F是垂直于斜面BC的推力，物块静止不动，重力加速度为g则A. 物块受到的摩擦力大小为mgB. 竖直墙对物块的弹力大小为FcosC. 物块受到的摩擦力与弹力的合力，与F等大反向D. 物块受到的弹力与F的合力方向竖直向下【答案】BD【解析】【分析】先对物块受力分析，然后根据共点力平衡条件，结合正交分解法求解出支持力和摩擦力的大小【详解】对物块受力分析，受推力F、重力G、支持力N和向上的

17、静摩擦力f，如图；由于物体保持静止，根据共点力平衡条件，有：x方向 N-Fcos=0；y方向 f-G-Fsin=0；又G=mg；由以上两式，解得N=Fcos；f=mg+Fsin；选项B正确，A错误；由力的平衡可知，物块受到的摩擦力与弹力的合力，与G和F的合力等大反向，选项C错误；物块受到的弹力N与F的合力与G和f的合力方向等大反向，可知物块受到的弹力与F的合力方向竖直向下，选项D正确；故选BD.【点睛】本题关键对物体受力分析，然后根据共点力平衡条件，结合正交分解法列式求解13.如图所示，物体从O点开始做初速度不为零的匀加速直线运动，在第一个时间T内通过位移为s1到达A点，紧接着在第二个时间T内

18、通过位移为s2到达B点，则以下判断正确的是A. 物体运动的加速度为B. 物体运动的加速度为C. 物体在A点的速度大小为D. 物体在B点的速度大小为【答案】BC【解析】【分析】正确解答本题需要掌握：匀变速直线运动特点，熟练应用匀变速直线运动的推论公式进行有关问题的解答。【详解】AB由s=aT2得物体的加速度为，故A错误，B正确；CA点为该过程中时间的中点，根据匀变速直线运动规律可知，该点的瞬时速度等该过程中的平均速度，即，故C正确；D根据匀变速运动的速度公式有，故D错误；故选BC。二、实验题：(本题共2小题，每空2分，共 18分)14.在“探究弹力和弹簧伸长的关系”实验中.（1）如图（a）所示，

19、测出弹簧的原长（自然长度）_.（2）如图（b）所示，在弹簧下端挂上1个、2个i个相同质量的钩码，实验测出弹簧静止时的伸长量，并作出的关系图线如图（c）.则该弹簧的劲度系数_ ( ，结果保留三位有效数字).（3）作出的图象的末端图象变弯曲的原因是：_【答案】 (1). 9.0 (2). 50.0 (3). 超出弹簧的弹性限度（或弹簧已经损坏或所挂钩码个数过多，答其中一种均可）【解析】【分析】（1）弹簧秤最小刻度为1N，根据刻度读数；（2）根据图像的斜率求解劲度系数；（3）作出的图象的末端图象变弯曲的原因是超出弹簧的弹性限度.【详解】（1）如图（a）所示，测出弹簧的原长（自然长度）为9.0cm；（

20、2）根据图像可知弹簧的劲度系数：（3）从弯曲的图线可以看出，发生相同形变量时，增加的质量在减小，说明弹簧更容易发生形变了，即弹簧的进度系数发生了明显的减小，说明超出了弹簧的弹性限度。【点睛】本题关键从实验原理出发设计实验并进行数据处理；用图象法处理数据有利于减小实验误差15.某同学做“验证力的平行四边形定则”的实验情况如图甲所示，其中A为固定橡皮条的图钉，O为橡皮条与细绳的结点，OB和OC为细绳。图乙是在白纸上根据实验结果画出的图。(1)如果没有操作失误，图乙中的F与F两力中，方向一定沿AO方向的是_。(2)本实验采用的科学方法是_。A理想实验法B等效替代法 C控制变量法 D建立物理模型法(3

21、)实验时，主要的步骤是:A在桌上放一块方木板，在方木板上铺一张白纸，用图钉把白纸钉在方木板上；B用图钉把橡皮条的一端固定在板上的A点，在橡皮条的另一端拴上两条细绳，细绳的另一端系着绳套；C用两个弹簧测力计分别钩住绳套，互成角度地拉橡皮条，使橡皮条伸长，结点到达某一位置O，记录下O点的位置，读出两个弹簧测力计的示数；D按选好的标度，用铅笔和刻度尺作出两只弹簧测力计的拉力F1和F2的图示，并用平行四边形定则求出合力F；E只用一只弹簧测力计，通过细绳套拉橡皮条使其伸长，读出弹簧测力计的示数，记下细绳的方向，按同一标度作出这个力F的图示；F比较F和F的大小和方向，看它们是否相同，得出结论。上述步骤中：

22、有重要遗漏的步骤的序号是_和_；遗漏的内容分别是_ 和_。【答案】 (1). F (2). B (3). C (4). E (5). C中应加上“记下两条细绳的方向” (6). E中应说明“把橡皮条的结点拉到同一位置O”【解析】试题分析：（1）实验中F是由平行四边形得出的，而F是通过实验方法得出的，其方向一定与橡皮筋的方向相同，由于实验过程不可 避免的存在误差，因此理论值和实验值存在一定的偏差，故答案为（2）在“验证力的平行四边形定则”的实验中，采用了“等效替代”法，B正确（3）本实验为了验证力的平行四边形定则，采用的方法是作力的图示法，作出合力和理论值和实际值，然后进行比较，得出结果所以，实

23、验时，除记录弹簧秤的示数外，还要记下两条细绳的方向，以便确定两个拉力的方向，这样才能作出拉力的图示步骤C中未记下两条细绳的方向；步骤E中未说明把橡皮条的结点拉到位置O考点：“验证力的平行四边形定则”的实验三、计算题：解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤。只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位16.动车组由成都火车东站上午t1时刻开出，t2时刻速度均匀增加到v，上午t3时刻准时到达遂宁火车站，成都火车东站至遂宁火车站的里程为s. 试求：（1）动车组由成都火车东站开出加速过程的加速度大小（2）动车组由成都火车东站开出到到达遂宁火车站过程的平均速率.【答案

24、】（1）；（2）【解析】【分析】（1）火车在从t1时刻到t2时刻做匀加速运动，根据匀变速直线运动的速度时间关系求解加速度；（2）平均速率等于路程和时间的比值，据此可求解整个过程的平均速率；【详解】（1）根据v=v0+at可得动车组由成都火车东站开出加速过程的加速度大小为：；（2）成都火车东站至遂宁火车站的里程为s，则路程为s，此过程的平均速率：17.如图所示，传送带与水平方向的倾角=37，在电动机的带动下以v=4m/s的速率顺时针方向运行，在传送带的B端有一离传送带很近的挡板P可将传送带上的物块挡住，在传送带的A端无初速地释放一质量m1kg的物块，它与传送带间的动摩擦因数=0.5，AB间的长度

25、L9m，物块与挡板的碰撞能量损失不计，即碰撞后物块的速度大小不变，物块与挡板的碰撞时间极短g=10m/s2，sin37=0.6，cos37=0.8，求：(1)物体刚放上传送带时的加速度是多大；(2)从物块与挡板P第一次碰撞后，物块向上的总时间【答案】(1) (2)【解析】(1)物块从A点由静止释放，物块相对传送带向下加速运动，有：解得：(2)设物块下滑到与P碰前的速度为v1，根据运动学规律有： 解得:物块与挡板碰撞后，以v1的速度反弹，因v1v，物块相对传送带向上做减速运动，物块受到的摩擦力沿传送带斜向下，由牛顿运动定律有：解得：a2=10m/s2物块速度减小到与传送带速度相等的时间此后物块的

26、速度小于传送带的速度，物块相对传送带向下滑动，但相对于地面物块继续向上滑动，摩擦力反向有 解得：物块速度减小到零的时间物块向上的总时间 点睛：本题关键明确滑块的受力情况，认真分析物块运动的物理过程，根据牛顿第二定律列式求解加速度，然后根据运动学公式列式求解18.如图所示，长s=16m、倾斜角=370的斜面各通过一小段光滑圆弧与水平传送带和水平地面平滑连接，传送带长L=32m，以恒定速率v0=4m/s逆时针运行，将一质点物块轻轻地放上传送带右端A，物块滑到传送带左端B时恰好与传送带共速并沿斜面下滑，已知物块和传送带、斜面、水平地面间的动摩擦因数相同，物块最终静止在水平面上的D点，令物块在B、C处

27、速率不变，取g=10m/s2，（sin37=06，cos37=08）求：（1）动摩擦因数的值；（2）物块滑到C点时的速度的大小；（3）物块从A到D所经历的时间【答案】（1）0.5 （2）1s （3）3s【解析】试题分析：（1）物块在传送带上做匀加速直线运动，加速度：，由牛顿第二定律得：mg=ma，解得：=025；（2）从B到C，由动能定理得：mgSsin-mgScos=mvC2-mv02解得：vC=12m/s；（3）在传送带上的加速度为a=25m/s2，到达传送带左端所需的时间为：在水平面上运动的时间为从A到D经历的时间：t=t1+t2+t3=84s考点：牛顿第二定律及动能定理的应用【名师点睛】本题主要考查了牛顿第二定律与运动学公式，要注意明确加速度是联系力和运动之间的桥梁；要注意体会其重要性。