新课标2022届高考物理一轮复习第5章机械能第四节功能关系能量守恒定律达标诊断高效训练

《新课标2022届高考物理一轮复习第5章机械能第四节功能关系能量守恒定律达标诊断高效训练》由会员分享，可在线阅读，更多相关《新课标2022届高考物理一轮复习第5章机械能第四节功能关系能量守恒定律达标诊断高效训练（7页珍藏版）》请在装配图网上搜索。

1、新课标2022届高考物理一轮复习第5章机械能第四节功能关系能量守恒定律达标诊断高效训练一、单项选择题1起跳摸高是学生经常进行的一项体育活动一质量为m的同学弯曲两腿向下蹲，然后用力蹬地起跳，从该同学用力蹬地到刚离开地面的起跳过程中，他的重心上升了h，离地时他的速度大小为v.下列说法正确的是()A起跳过程中该同学机械能增加了mghB起跳过程中该同学机械能增量为mghmv2C地面的支持力对该同学做功为mghmv2D该同学所受的合外力对其做功为mv2mgh解析：选B.该同学重心升高了h，重力势能增加了mgh，又知离地时获得动能为mv2，则机械能增加了mghmv2，A错误，B正确；该同学在与地面作用过程

2、中，支持力对该同学做功为零，C错误；该同学所受合外力做功等于动能增量，则W合mv2，D错误2(xx江苏启东中学月考)如图甲所示，质量不计的弹簧竖直固定在水平面上，t0时刻，将一金属小球从弹簧正上方某一高度处由静止释放，小球落到弹簧上压缩弹簧到最低点，然后又被弹起离开弹簧，上升到一定高度后再下落，如此反复通过安装在弹簧下端的压力传感器，测出这一过程弹簧弹力F随时间t变化的图象如图乙所示，则()At1时刻小球动能最大Bt2时刻小球动能最大Ct2t3这段时间内，小球的动能先增加后减少Dt2t3这段时间内，小球增加的动能等于弹簧减少的弹性势能解析：选C.由题图知，t1时刻小球刚与弹簧接触，此时小球的重

3、力大于弹簧的弹力，小球将继续向下做加速运动，此时小球的动能不是最大，当弹力增大到与重力平衡，即加速度减为零时，速度达到最大，动能最大，故A错误；t2时刻，弹力F最大，故弹簧的压缩量最大，小球运动到最低点，动能最小，为0，故B错误；t2t3这段时间内，小球处于上升过程，弹簧的弹力先大于重力，后小于重力，小球先做加速运动，后做减速运动，则小球的动能先增大后减少，故C正确；t2t3段时间内，小球和弹簧系统机械能守恒，故小球增加的动能和重力势能之和等于弹簧减少的弹性势能，故D错误3如图所示，在竖直平面内有一“V”形槽，其底部BC是一段圆弧，两侧都与光滑斜槽相切，相切处B、C位于同一水平面上一小物体从右

4、侧斜槽上距BC平面高度为2h的A处由静止开始下滑，经圆弧槽再滑上左侧斜槽，最高能到达距BC所在水平面高度为h的D处，接着小物体再向下滑回，若不考虑空气阻力，则()A小物体恰好滑回到B处时速度为零B小物体尚未滑回到B处时速度已变为零C小物体能滑回到B处之上，但最高点要比D处低D小物体最终一定会停止在圆弧槽的最低点解析：选C.小物体从A处运动到D处的过程中，克服摩擦力所做的功为Wf1mgh，小物体从D处开始运动的过程，因为速度较小，小物体对圆弧槽的压力较小，所以克服摩擦力所做的功Wf2mgh，所以小物体能滑回到B处之上，但最高点要比D处低，C正确，A、B错误；因为小物体与圆弧槽间的动摩擦因数未知，

5、所以小物体可能停在圆弧槽上的任何地方，D错误4.(xx厦门质检)如图所示，在水平地面上竖直固定一绝缘弹簧，弹簧中心直线的正上方固定一个带电小球Q，现将与Q带同种电荷的小球P，从直线上的N点由静止释放，在小球P与弹簧接触到速度变为零的过程中，下列说法中正确的是()A小球P的电势能先减小后增加B小球P与弹簧组成的系统机械能一定增加C小球动能的减少量等于电场力和重力做功的代数和D小球P速度最大时所受弹簧弹力和库仑力的合力为零解析：选B.小球下落的过程中，电场力一直对小球做正功，小球P的电势能一直减小，选项A错误；因Q对P做正功，故小球P与弹簧组成的系统机械能一定增加，选项B正确；小球动能的减少量等于

6、电场力和重力以及弹力做功的代数和，选项C错误；小球P速度最大时所受弹簧弹力、重力以及库仑力的合力为零，选项D错误5(xx苏锡常镇四市调研)以一定的初速度从地面竖直向上抛出一小球，小球上升到最高点之后，又落回到抛出点，假设小球所受空气阻力与速度大小成正比，则小球在运动过程中的机械能E随离地高度h变化关系可能正确的是()解析：选D.由于fkv，由能量关系可知： EE0fhE0kvh；上升过程中，速度减小，故Eh图象的斜率减小；下降过程中，速度增大，故Eh图象的斜率变大；上升过程中平均阻力大于下降过程中的平均阻力，故上升过程中机械能减小的比下降过程中机械能减小的多；则图象D正确，A、B、C错误二、多

7、项选择题6(xx湖北七市联考)如图所示，倾角为37的光滑斜面上粘贴有一厚度不计、宽度为d0.2 m的橡胶带，橡胶带的上表面与斜面位于同一平面内，其上、下边缘与斜面的上、下边缘平行，橡胶带的上边缘到斜面的顶端距离为L0.4 m，现将质量为m1 kg、宽度为d的薄矩形板上边缘与斜面顶端平齐且从斜面顶端由静止释放已知矩形板与橡胶带之间的动摩擦因数为0.5，重力加速度取g10 m/s2，不计空气阻力，矩形板由斜面顶端静止释放到下滑到完全离开橡胶带的过程中(此过程矩形板始终在斜面上)，下列说法正确的是()A矩形板受到的摩擦力为Ff4 NB矩形板的重力做功为 WG3.6 JC产生的热量为Q0.8 JD矩形

8、板的上边缘穿过橡胶带下边缘时的速度大小为 m/s解析：选BCD.矩形板在滑过橡胶带的过程中对橡胶带的正压力是变化的，所以矩形板受到的摩擦力是变化的，故A错误；重力做功WGmg(Ld)sin 3.6 J，所以B正确；产生的热量等于克服摩擦力做功Q2mgcos d0.8 J，所以C正确；根据动能定理：WGQmv20，解得v m/s，所以D正确7(xx江苏启东中学月考)如图所示，将一轻弹簧固定在倾角为30的斜面底端，现用一质量为m的物体将弹簧压缩锁定在A点，解除锁定后，物体将沿斜面上滑，物体在运动过程中所能到达的最高点B距A点的竖直高度为h，物体离开弹簧后沿斜面向上运动的加速度大小等于重力加速度g.

9、则下列说法正确的是()A弹簧的最大弹性势能为mghB物体从A点运动到B点的过程中系统损失的机械能为mghC物体的最大动能等于弹簧的最大弹性势能D物体最终静止在B点解析：选BD.根据能量守恒，在物体上升到最高点的过程中，弹性势能变为物体的重力势能mgh和内能，故弹簧的最大弹性势能应大于mgh，故A错误；物体离开弹簧后沿斜面向上运动的加速度大小等于重力加速度g，由牛顿第二定律得物体所受沿斜面向下的合力为Fmg，而重力沿斜面向下的分量为mgsin 30mg，可知，物体必定受到沿斜面向下的摩擦力为fmg，摩擦力做功等于物体从A点运动到B点的过程中系统损失的机械能，Wffmgh，故B正确；物体动能最大时

10、，加速度为零，此时物体必定沿斜面向上移动了一定距离，故损失了一部分机械能，所以动能小于弹簧的最大弹性势能，故C错误；由于物体到达B点后，瞬时速度为零，此后摩擦力方向沿斜面向上，与重力沿斜面向下的分力相抵消，物体将静止在B点，故D正确8.(xx山西适应性测试)如图所示，轻弹簧一端固定在O点，另一端与质量为m的带孔小球相连，小球套在竖直固定杆上，轻弹簧自然长度正好等于O点到固定杆的距离OO.小球从杆上的A点由静止释放后，经过B点时速度最大，运动到C点时速度减为零若在C点给小球一个竖直向上的初速度v，小球恰好能到达A点整个运动过程中弹簧始终在弹性限度内，下列说法正确的是()A从A下滑到O的过程中，弹

11、簧弹力做功的功率先增大后减小B从A下滑到C的过程中，在B点时小球、弹簧及地球组成的系统机械能最大C从A下滑到C的过程中，小球克服摩擦力做的功为mv2D从C上升到A的过程中，小球经过B点时的加速度为0解析：选AC.在A点小球的速度为零，弹簧弹力做功的功率为零；小球从A下滑到O的过程中，弹力与运动方向成锐角，弹力做正功，但弹力在减小，速度在增大，而在O弹力为零，弹力的功率为零，则整个过程弹力的功率先增大后减小，选项A正确；由全过程的运动可知一直有摩擦力做负功，系统的机械能一直减小，故初位置A的机械能最大，而B点仅动能最大，选项B错误；从A到C由动能定理：WGWfW弹00，从C到A，由于路径相同和初

12、末位置相同，则WG、Wf、W弹的大小相同，有WGWfW弹0mv2，解得Wfmv2，选项C正确；小球从A至C经过B时速度最大可知加速度为零，此时摩擦力向上与弹簧弹力、杆的弹力、重力的合力为零；而从C至A运动时同位置B的弹簧弹力和重力均相同，但摩擦力向下，故合力不为零，所以经过B点的加速度不为零，选项D错误三、非选择题9(xx江苏泰州中学模拟)如图所示，足够长的固定木板的倾角为37，劲度系数为k36 N/m的轻质弹簧的一端固定在木板上的P点，图中AP间距等于弹簧的自然长度现将质量m1 kg的可视为质点的物块放在木板上，在外力作用下将弹簧压缩到某一位置B点后释放已知木板PA段光滑，AQ段粗糙，物块与

13、木板间的动摩擦因数，物块在B点释放后向上运动，第一次到达A点时速度大小为v03 m/s，取重力加速度g10 m/s2.(1)求物块第一次向下运动到A点时的速度大小v1；(2)己知弹簧的弹性势能表达式为Epkx2(其中x为弹簧的形变量)，求物块第一次向下运动过程中的最大速度值v；(3)请说出物块最终的运动状态，并求出物块在A点上方运动的总路程x.解析：运用动能定理，对物块在AQ段上滑和下滑过程分别列式，即可求解v1；物块第一次向下运动过程中合力为零时速度最大，由胡克定律和平衡条件求出速度最大时弹簧的压缩量，再由系统的机械能守恒求最大速度v；根据能量守恒或动能定理可求出总路程(1)设物块从A点向上

14、滑行的最大距离为s.根据动能定理，上滑过程有：mgssin 37mgscos 370mv下滑过程有：mgssin 37mgscos 37mv0联立解得：s1.5 m，v13 m/s.(2)物块第一次向下运动过程中合力为零时速度最大，则有：mgsin 37kx根据物块和弹簧组成的系统机械能守恒得：mgxsin 37mvmv2kx2解得：v m/s.(3)物块最终在A点下方做往复运动，最高点为A根据能量守恒：mgxcos 37mv代入数据解得：x4.5 m.答案：(1)3 m/s(2) m/s(3)物块最终在A点下方做往复运动4.5 m10.如图所示，固定斜面的倾角30，物体A与斜面之间的动摩擦因

15、数为，轻弹簧下端固定在斜面底端，弹簧处于原长时上端位于C点，用一根不可伸长的轻绳通过轻质光滑的定滑轮连接物体A和B，滑轮右侧绳子与斜面平行，A的质量为2m4 kg，B的质量为m2 kg，初始时物体A到C点的距离为L1 m，现给A、B一初速度v03 m/s，使A开始沿斜面向下运动，B向上运动，物体A将弹簧压缩到最短后又恰好能弹到C点已知重力加速度取g10 m/s2，不计空气阻力，整个过程中轻绳始终处于伸直状态，求此过程中：(1)物体A向下运动刚到C点时的速度大小；(2)弹簧的最大压缩量；(3)弹簧中的最大弹性势能解析：(1)物体A向下运动刚到C点的过程中，对A、B组成的系统应用能量守恒定律可得：

16、2mgcos L3mv3mv22mgLsin mgL可解得v2 m/s.(2)以A、B组成的系统，在物体A将弹簧压缩到最大压缩量，又返回到C点的过程中，系统动能的减少量等于因摩擦产生的热量即：3mv202mgcos 2x其中x为弹簧的最大压缩量解得x0.4 m.(3)设弹簧的最大弹性势能为Epm由能量守恒定律可得：3mv22mgxsin mgx2mgcos xEpm解得：Epm6 J.答案：(1)2 m/s(2)0.4 m(3)6 J11.(xx哈尔滨六中模拟)某校物理兴趣小组决定举行遥控赛车比赛，比赛路径如图所示可视为质点的赛车从起点A出发，沿水平直线轨道运动L后，由B点进入半径为R的光滑竖

17、直半圆轨道，并通过半圆轨道的最高点C，才算完成比赛B是半圆轨道的最低点，水平直线轨道和半圆轨道相切于B点已知赛车质量m0.5 kg，通电后以额定功率P2 W工作，进入竖直半圆轨道前受到的阻力恒为Ff0.4 N，随后在运动中受到的阻力均可不计，L10.0 m，R0.32 m，g取10 m/s2.(1)要使赛车完成比赛，赛车在半圆轨道的B点对轨道的压力至少为多大？(2)要使赛车完成比赛，电动机至少工作多长时间？(3)若电动机工作时间为t05 s，当半圆轨道半径为多少时赛车既能完成比赛且飞出的水平距离又最大？水平距离最大是多少？解析：(1)赛车恰通过C点的条件是mg解得最小速度vC由B到C过程应用机械能守恒定律得mvmvmg2R在B点应用牛顿第二定律得FNmgm联立解得vB4 m/sFN6mg30 N由牛顿第三定律得，赛车对轨道的压力FNFN30 N.(2)由A到B过程克服摩擦力做功产生的热量QFf L根据能量守恒定律得PtmvQ联立解得t4 s.(3)由A到C过程，根据能量守恒定律得Pt0mvC2Qmg2R0赛车过C点后做平抛运动，有2R0gt2，xvCt联立解得x216R9.6R0当R00.3 m时xmax1.2 m.答案：(1)30 N(2)4 s(3)0.3 m1.2 m