2022年高一物理下学期期中试题（含解析）

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1、2022年高一物理下学期期中试题（含解析）一、单项选择题（共8小题，每小题3分，共24分在每小题给出的四个选项中只有一个选项是正确的）1第30届夏季奥林匹克运动会于2012年7月28日至8月13日在伦敦斯特拉特福德奥林匹克体育场举行奥运会中的投掷链球、铅球、铁饼和标枪等体育比赛项目都是把物体斜向上抛出的运动，如图所示这些物体从被抛出到落地的过程中A物体的机械能先减小后增大B物体的机械能先增大后减小C物体的动能先增大后减小，重力势能先减小后增大D物体的动能先减小后增大，重力势能先增大后减小【答案】D【解析】AB、据题意，不计空气阻力，投掷的链球、铅球、铁饼和标枪都只受重力，只有重力做功，机械能都

2、守恒，故A错误B错误；CD、把这些物体斜向上抛出时，物体在上升的过程中，高度增大，重力势能增加，根据机械能守恒定律得知，动能逐渐减小，转变为重力势能，而从最高点到落地的过程中，重力势能又逐渐转变为动能，重力势能减小，动能增大故整个过程中，动能先减小后增大，重力势能先增大后减小，故C错误D正确。故选D。【考点】功能关系；重力势能；机械能守恒定律2关于电场强度E，下列说法中正确的是A根据E=F/q，若q减半，则该处的场强变为原来的两倍B由公式E=kQ/r2，可知在点电荷形成的电场中E与Q成正比，而与r平方成反比C在一个以点电荷为球心，r为半径的球面上，各点的场强均相同D电场中某点的场强方向就是该点

3、所放电荷受到的电场力的方向【答案】B【解析】A、公式是电场强度的定义式，场强的大小是由电场本身决定的，与试探电荷的电量无关，故A错误；B、公式点电荷的电场强度的计算式，所以E与Q成正比，与r2成反比，故B正确；C、在以Q为球心，以r为半径的球面上各处场强均大小相等，但方向不同，故C错误；D、电场中某点场强方向就是该点所放正电荷电荷受到的电场力的方向，与负电菏受力的方向相反，故D错误。故选B。【考点】电场强度3质量为m的小球，从离桌面H高处由静止下落，桌面离地面高度为h，如图所示，若以桌面为参考平面，那么小球落地时的重力势能及下落过程中重力势能的变化分别为Amgh，减少mg(Hh)Bmgh，增加

4、mg(Hh)Cmgh，增加mg(Hh)Dmgh，减少mg(Hh)【答案】D【解析】以桌面为零势能参考平面，地面离参考平面的高度为-h，则小球落地时的重力势能为：Ep=-mgh物体下落的高度差为（h+H），重力做功为：mg（H+h），所以重力势能减少，量值为mg（H+h），故D正确。故选D。【考点】重力势能；动能4质量为m、初速度为零的物体，在方向不变、大小按如图规律变化的合外力作用下都通过位移x0，则下列各种情况中物体速度最大的是【答案】C【解析】由力做功公式可知，F-x图象中，图象与坐标轴围成的面积表示力F所做的功，由图象可知，C图象中围成的面积最大，所以C中合外力做功最多，根据动能定理知，

5、C中物体的速度最大，故C正确。故选C。【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的图像5如图所示，在两等量同种点电荷的电场中，MN为两电荷连线的中垂线，B是直线AC与MN的交点，且A与C关于MN对称，D点是两电荷连线上的一点下列判断正确的是AB点场强一定大于D点场强BB、D两点的场强可能相同C试探电荷q在A、C两点受到的电场力大小可能不相等D试探电荷q在A、C两点受到的电场力大小相等【答案】D【解析】A、在两等量同种电荷连线上，中点的电场强度最小；在两等量同种电荷连线的中垂线上，中点的电场强度最小；由于B、D两点处电场线的疏密不能确定，所以不能判断出B点场强与D点场强的大小关系，故A错误；B、B点的

6、场强方向向上，D点场强方向向右，所以两点的场强不可能相同，故B错误；CD、因两等量同种电荷的电场具有对称性，所以A、C两点的场强大小相等，试探电荷+q在A、C两点受到的电场力大小相等，故C错误D正确。故选D。【考点】电场强度6如图所示，光滑水平面上放着足够长的木板B，木板B上放着木块A，A、B接触面粗糙现用一水平拉力F作用在B上，使其由静止开始运动，用f1代表B对A的摩擦力，f2代表A对B的摩擦力，下列说法正确的有AF做的功一定等于A、B系统动能的增加量BF做的功一定小于A、B系统动能的增加量Cf1对A做的功等于A动能的增加量Df2对B做的功等于B动能的增加量【答案】C【解析】AB、对整体分析

7、可知，F做功转化为转化为两个物体的动能及系统的内能；故F做的功一定大于AB系统动能的增加量，故AB错误；C、由动能定理可知，f1对A做的功等于A动能的增加量，故C正确；D、f2对B做负功，由拉力做功的总功等于B动能的增加量，故D错误。故选C。【考点】功能关系；动能定理7如图所示，小球沿水平面以初速度v0通过O点进入半径为R的竖直半圆弧轨道，不计一切阻力，下列说法中正确的是A球进入竖直半圆轨道后做匀速圆周运动B若小球恰能通过半圆弧最高点P，则球运动到P时向心力恰好为零C若小球能通过半圆弧最高点P，则小球落地点时的动能一定是mgRD若小球恰能通过半圆弧最高点P，则小球落地点离O点的水平距离为2R【

8、答案】D【解析】A、球进入竖直半圆弧轨道后速度不断减小，做变速圆周运动，故A错误；B、若小球能通过半圆弧最高点P，速度，向心力，所以球运动到P时向心力大于或等于重力，不可能为零，故B错误；CD、若小球恰能通过半圆弧最高点P，则有：，得，小球离开P点做平抛运动，则落地点O点的水平距离为，联立解得S=2R落地时小球的动能为，所以若小球能通过半圆弧最高点P，则小球落地点时的动能，故C错误D正确。故选D。【考点】机械能守恒定律；牛顿第二定律；平抛运动；向心力8如图，一物体m在沿斜面向上的恒力F作用下，由静止从底端沿光滑的固定斜面向上做匀加速直线运动，经时间t力F做功为60J，此后撤去恒力F，物体又经t

9、时间回到出发点，若以地面为零势能点，则下列说法不正确的是A物体回到出发点时的动能是60JB开始时物体所受的恒力F2mgsinC撤去力F时，物体的重力势能是45JD动能与势能相同的位置在撤去力F之前的某位置【答案】B【解析】A、根据动能定理得：对整体运动过程：，得到：物体回到出发点时的动能，故A正确；B、设撤去F时物体的速度大小为v，物体回到出发点时的速度大小为v，取沿斜面向上方向为正方向据题分析得知，撤去F后t时间内物体做匀减速直线运动的位移与t时间内匀加速直线运动的位移大小，方向相等，则有，根据；根据动量定理得：匀加速运动过程：匀减速运动过程：联立解得，故B错误；C、匀加速运动过程：，将代入

10、得到，得到，则撤去力F时，物体的重力势能是，故C正确；D、撤去F时物体的动能为，撤去力F时，物体的重力势能是，可见此时物体的动能小于重力势能，撤去后物体的动能减小，而重力势能增大，则动能与势能相同的位置在撤去力F之前的某位置，故D正确。故选B。【考点】重力势能；动能定理二、不定项选择题（本大题共6小题，每小题4分，共24分每小题给出的四个选项中有一个或几个选项是正确的）9蹦床是一项好看又惊险的运动，如图所示为运动员在蹦床运动中完成某个动作的示意图，图中虚线PQ是弹性蹦床的原始位置，A为运动员抵达的最高点，B为运动员刚抵达蹦床时的位置，C为运动员抵达的最低点不考虑空气阻力和运动员与蹦床作用时的机

11、械能损失，在A、B、C三个位置上运动员的速度分别是vA、vB、vC，运动员的机械能分别是EA、EB、EC，则它们的大小关系是AvAvB，vBvC BvAvB，vBvCCEAEB，EBEC DEAEB，EBEC【答案】AC【解析】从A带B的过程中，速度逐渐增大，则vAvB，C点的速度为零，所以B点的速度大小C点的速度，即vBvC；在A到B的过程中，只有重力做功，运动员机械能守恒，即EA=EB，B到C的过程，由于系统弹性势能增大，则运动员的机械能减小，则EBEC，故AC正确。故选AC。【考点】功能关系；机械能守恒定律10如图所示，带箭头的线表示某一电场的电场线。在电场力作用下，一带电粒子（不计重力

12、）经A点飞向B点，径迹如图中虚线所示，下列说法正确的是A粒子带正电 B粒子在A点加速度小C粒子在B点动能大 DA、B两点相比，B点电势较低【答案】BD【解析】A、根据曲线运动条件可得粒子所受合力应该指向曲线内侧，所以电场力逆着电场线方向，即粒子受力方向与电场方向相反，所以粒子带负电，故A错误；B、由于B点的电场线密，所以B点的电场力大，则A点的加速度较小，故B正确；C、粒子从A到B，电场力对粒子运动做负功，电势能增加，导致动能减少，故C错误；D、粒子从A到B，电场力对带负电的粒子运动做负功，电势能增加；所以A、B两点相比，在B点电势能较大，故D正确。故选BD。【考点】电场线11如图所示，在绝缘

13、斜面的上方存在着水平向右的匀强电场，斜面上的带电金属块沿斜面滑下已知在下滑的过程中，金属块动能增加了12 J，金属块克服摩擦力做功8 J，重力做功24 J，下列判断中正确的是A金属块带正电 B金属块克服电场力做功8 JC金属块的机械能减少12 J D金属块的电势能减少4 J【答案】AC【解析】在金属块滑下的过程中动能增加了12J，金属块克服摩擦力做功8J，重力做功24J，根据动能定理得： 解得：；A、由于金属块下滑，电场力做负功，所以电场力应该水平向右，所以金属块带正电荷，故A正确；B、金属块克服电场力做功4J，故B错误；C、在金属块滑下的过程中重力做功24J，重力势能减小24J，动能增加了1

14、2J，所以金属块的机械能减少12J，故C正确；D、金属块克服电场力做功4J，金属块的电势能增加4J，故D错误。故选AC。【考点】动能定理；功能关系；电势能12一辆汽车在平直的公路上以速度v0开始加速行驶，经过一段时间t，前进了距离s，此时恰好达到其最大速度vm.设此过程中汽车发动机始终以额定功率P工作，汽车所受的阻力恒为F，则在这段时间里，发动机所做的功为AFvmt BPt CmvFsmv DFt【答案】ABC【解析】设发动机所做的功为W由于汽车发动机始终以额定功率P工作，则汽车的速度达到最大时，牵引力与阻力大小相等，则，则，可得：；由于，所以；汽车从速度v0到最大速度vm过程中，由动能定理可

15、知：解得，故ABC正确。故选ABC。【考点】功率13在北京的南戴河滑沙场有两个坡度不同的滑道AB和AB（均可看作斜面）。质量相等的甲、乙两名旅游者分别乘两个完全相同的滑沙撬从A点由静止开始分别沿AB和AB滑下，最后都停在水平沙面上，如图所示。设滑沙撬和沙面间的动摩擦因数处处相同，斜面与水平面连接处均可认为是圆滑的，滑沙者保持一定姿势坐在滑沙撬上不动。则下列说法中正确的是A甲在B点的速率一定大于乙在B点的速率B甲滑行的总路程一定大于乙滑行的总路程C甲全程滑行的水平位移一定大于乙全程滑行的水平位移D甲、乙全程克服摩擦力做的功相同【答案】ABD【解析】设斜面的倾角为，斜面高度为h，则斜面长度；A、人

16、下滑过程，由动能定理得：，得，由于AB与水平面的夹角小于AB与水平面的夹角，则甲在B点的动能大于乙在B点的动能，由于质量相同，因此甲在B点的速率一定大于乙在B点的，故A正确；BC、对全过程运用动能定理得：，整理得：，由此可知，两人滑行的水平位移相等，根据几何关系知甲滑行的总路程一定大于乙滑行的总路程，由于AB与水平面的夹角小于AB与水平面的夹角，甲的滑行路程大于乙的滑行路程，故B正确C错误；D、对整个过程，由动能定理得：，克服摩擦力做功：相等，故D正确。故选ABD。【考点】动能定理14如图所示，一根不可伸长的轻绳两端各系一个小球a和b，跨在两根固定在同一高度的光滑水平细杆M、N上，质量为3m的

17、a球置于地面上，质量为m的b球从水平位置静止释放，当a球对地面压力刚好为零时，b球摆过的角度为。下列结论正确的是 A=90B=45Cb球摆动到最低点的过程中，重力对小球做功的功率先增大后减小Db球摆动到最低点的过程中，重力对小球做功的功率一直增大【答案】AC【解析】A、B、假设小球a静止不动，小球b下摆到最低点的过程中，机械能守恒，有在最低点，有，解得，故a小球一直保持静止，假设成立，当小球b摆到最低点时，小球a恰好对地无压力，故A正确B错误；C、D、小球b加速下降过程，速度与重力的夹角不断变大，刚开始，速度为零，故功率为零，最后重力与速度垂直，故功率也为零，故功率先变大后变小，故C正确D错误

18、。故选AC。【考点】机械能守恒定律；牛顿第二定律；向心力；功率、平均功率和瞬时功率三、实验题（本大题，每空2分，共14分。把正确答案写在答卷相应位置上）15某学习小组做“探究功和物体速度变化的关系”的实验，装置如图所示，图中小车是在一条橡皮筋作用下弹出，沿木板滑行，这时，橡皮筋对小车做的功记为W。当用2条、3条完全相同的橡皮筋并在一起进行第2次、第3次实验时，使每次实验中橡皮筋伸长的长度都保持一致。每次实验中小车获得的速度由打点计时器所打的纸带测出。（1）除了图中已有的实验器材外，还需要导线、开关、 （填测量工具）和 电源（填“交流”或“直流”）；（2）实验中，小车会受到摩擦阻力的作用，可是使

19、木板适当倾斜来平衡摩擦力，则下面操作正确的是 A不系橡皮筋，放开小车，能够自由下滑即可B不系橡皮筋，放开小车，能够匀速下滑即可C不系橡皮筋，放开拖着纸带的小车，能够自由下滑即可D不系橡皮筋，放开拖着纸带的小车，能够匀速下滑即可（3）关于该实验，下列说法正确的是 A当小车速度达到最大时，橡皮筋处于原长状态B当小车速度达到最大时，橡皮筋处于伸长状态C本实验中，并不需要计算出每根橡皮筋对小车做的功D根据记录纸带上打出的点，求小车获得的速度的方法，是以纸带上第一点到最后一点的距离来进行计算。【答案】（1）刻度尺 交流 （2）D （3）AC【解析】（1）除了图中已有的器材外，还需要导线，开关，刻度尺和交

20、流电源；（2）实验中可以适当抬高木板的一侧来平衡摩擦阻力受力平衡时，小车应做匀速直线运动，所以正确的做法是：不系橡皮筋，放开拖着纸带的小车，能够匀速下滑即可，故D正确。故选D。（3）A、当小车速度达到最大时，橡皮筋处于原长状态，故A正确B错误；C、实验中并不需要知道每根橡皮筋对小车做的功，只让每次橡皮筋对小车做功成倍数增加即可，故C正确；D、根据记录纸带上打出的点，求小车获得的速度的方法，是以纸带上间隔均匀的点前后两点间的距离除以时间来计算，故D错误；故选AC。【考点】探究功与速度变化的关系16在利用电磁打点计时器(电磁打点计时器所用电源频率为50Hz)“验证机械能守恒定律”的实验中：(计算结

21、果保留三位有效数字)(1)某同学用如图甲所示装置进行实验，得到如图乙所示的纸带，把第一个点(初速度为零)记作O点，测出点O、A间的距离为68.97cm，点A、C间的距离为15.24cm，点C、E间的距离为16.76cm，已知当地重力加速度为9.8m/s2，重锤的质量为m1.0kg，则打点计时器在打O点到C点的这段时间内，重锤动能的增加量为 J，重力势能的减少量为 J。(2)利用这个装置也可以测量重锤下落的加速度a m/s2.【答案】(1)8.00， 8.25 (2)9.50【解析】(1)C点速度该过程动能的增加量；该过程重力势能的减少量为；(2)加速度。【考点】验证机械能守恒定律四、计算题（本

22、大题有4小题，第17题8分，第18、19、20题各10分，共38分）17.在真空中的O点放一点电荷Q=1.010-9C，直线MN过O点， OM=30cm，M点放有一点电荷q=-210-10C，如图所示.求:(1)M点的场强大小；(2)若M点的电势比N点的电势高15V，则电荷q从M点移到N点，电势能变化了多少?（k = 9.0109Nm2/C2）【答案】(1)100N/C (2)增加310-9J【解析】（1）由点电荷的场强公式可知：M点的场强大小，所以电荷Q在M点的电场强度大小是100N/C；（2）电荷q从M点移到N点，电场力做的功为：，所以电势能增加了310-9J。【考点】电势能；电场强度18

23、从地面上以初速度v010 m/s竖直向上抛出一质量为m0.2 kg的小球，若运动过程中受到的空气阻力与其速率成正比关系，小球运动的速率随时间变化规律如图所示，t1时刻到达最高点，再落回地面，落地时速率为v12 m/s，且落地前小球已经做匀速运动求：(g10 m/s2)(1)小球从抛出到落地过程中克服空气阻力所做的功；(2)小球抛出瞬间的加速度大小【答案】(1)9.6 J (2)60 m/s2【解析】(1)小球由抛出至落地，由动能定理得解得；.(2)空气阻力，落地前匀速运动，有刚抛出时加速度大小为a0，根据牛顿第二定律有联立解得。【考点】牛顿第二定律；动能定理19如图所示，A、B是位于竖直平面内

24、、半径R0.5m的圆弧形的光滑绝缘轨道，其下端点B与水平绝缘轨道平滑连接，整个轨道处在水平向左的匀强电场中，电场强度E5103N/C.今有一质量为m0.1kg、带电荷量q8105C的小滑块(可视为质点)从A点由静止释放若已知滑块与水平轨道间的动摩擦因数0.05，取g10m/s2，求：(1)小滑块第一次经过圆弧形轨道最低点B时对B点的压力(2)小滑块在水平轨道上通过的总路程【答案】(1)2.2N (2)6m【解析】(1)设小滑块第一次到达B点时的速度为vB，对圆弧轨道最低点B的压力为F，则：，故；(2)由题意知小滑块最终在B点处速度为零。由动能定理得，结合可得小滑块在水平轨道上通过的总路程。【考

25、点】牛顿第二定律；动能定理20一轻弹簧的左端固定在墙壁上，右端自由，一质量为m的滑块从距弹簧右端L0的P点以初速度v0正对弹簧运动，如图所示，滑块与水平面的动摩擦因数为，在与弹簧碰后反弹回来，最终停在距P点为L1的Q点，求：在滑块与弹簧碰撞过程中弹簧最大压缩量为多少？【答案】【解析】设弹簧最大压缩量为x，在滑块向左运动的过程中，由动能定理可得：在滑块返回的过程中，由动能定理得：得： 【考点】动能定理五、附加题（共5分解答过程须写出必要的演算步骤总分超过100分，按100分计。）21如图所示，传送带与水平面之间的夹角30o，其上A、B两点间的距离为5m，传送带在电动机的带动下以v=1m/s的速度

26、匀速运转，现将一质量为m=10kg的小物体(可视为质点)轻放在传送带上A点，已知小物块与传送带间的动摩擦因数=，则在传送带将小物块从A传送到B的过程中，求为传送小物块，电动机额外需做多少功? （g=10m/s2）【答案】【解析】加速阶段：则加速的时间：，物块的位移为：摩擦力做功则。【考点】功能关系；电功、电功率参考答案一、本大题共8小题，每小题3分，共24分在每小题给出的四个选项只中有一个选项是正确的题号12345678选项DBDCDCDB二、本大题共6小题，每小题4分，共24分每小题给出的四个选项中有一个或几个选项是正确的题号91011121314选项ACBDACABCABDAC三、本大题每

27、空2分，共14分。把正确答案写在答卷相应位置上15（1） 刻度尺 ， 交流 （2） D （3） AC 16(1) 8.00， 8.25 (2) 9.50 四、本大题有4小题，共38分解答过程须写出必要的演算步骤17.（1）由点电荷的场强公式可知：M点的场强大小，所以电荷Q在M点的电场强度大小是100N/C；（2）电荷q从M点移到N点，电场力做的功为：，所以电势能增加了310-9J。18(1)小球由抛出至落地，由动能定理得解得；.(2)空气阻力，落地前匀速运动，有刚抛出时加速度大小为a0，根据牛顿第二定律有联立解得。19(1)设小滑块第一次到达B点时的速度为vB，对圆弧轨道最低点B的压力为F，则：，故；(2)由题意知小滑块最终在B点处速度为零。由动能定理得，结合可得小滑块在水平轨道上通过的总路程。20设弹簧最大压缩量为x，在滑块向左运动的过程中，由动能定理可得：在滑块返回的过程中，由动能定理得：得： 21加速阶段：则加速的时间：，物块的位移为：摩擦力做功则。