湖南省岳阳市2013年中考物理真题试题(解析版)

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1、湖南省岳阳市2013年中考物理试卷一、选择题（本大题共12小题，每小题3分，共36分在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题意）1（3分）（2013岳阳）下列估测与实际情况相符的是（）A物理教科书的长度约为260cmB中学生步行的速度约为10m/sC一个鸡蛋的质量约为50gD人的正常体温约为42考点：长度的估测；温度；质量的估测；速度与物体运动专题：估算综合应用题分析：根据对实际情况的掌握进行合理的估算，然后分析答题解答：解：A、物理教科书的长度约为26cm，260cm不符合实际，故A错误；B、中学生步行的速度约为1m/s1.5m/s，10m/s不符合实际，故B错误；C、一个鸡蛋的质量约为

2、50g，符合实际，故C正确；D、人的正常体温约为36.5，42不符合实际，故D错误；故选C点评：本题是一道估算题，平时注意积累常见物理量是数据有助于解该类习题，本题难度不大，是一道基础题2（3分）（2013岳阳）通常情况下，下列物体属于导体的是（）A橡皮B塑料尺C木片D铜线考点：导体专题：电流和电路分析：容易导电的物体是导体，不容易导电的物体是绝缘体，导电能力介于导体与绝缘体间的物体是半导体解答：解：橡皮、塑料尺、木片不容易导电是绝缘体，铜线容易导电是导体；故选D点评：知道导体的概念，熟悉常用的导体即可正确解题3（3分）（2013岳阳）关于声现象，下列说法正确的是（）A声音是由物体的振动产生的

3、B声音可以在真空中传播C声源振动的幅度越大，音调越高D长期在强噪音环境下工作，对人体不会造成损害考点：声音的产生；声音的传播条件；频率及音调的关系；声音的等级和噪声的危害专题：声现象分析：声音是由物体的振动产生的，一切发声体都在振动；声音传播需要介质，声音传播的速度与介质种类和温度有关，真空不能传声；音调是指声音的高低，由频率决定，响度是指声音的强弱，与振幅有关；噪音会影响人的工作或休息，长时间生活在强噪音环境中，会对人体健康产生损害解答：解：A、声音是由物体振动产生的，振动停止，发声也就停止此选项正确；B、声音传播需要介质，真空不能传声此选项错误；C、声音的强弱叫响度，声源振动的幅度越大，响

4、度越大此选项错误；D、长期在强噪音环境下工作，会对人体健康产生损害此选项错误故选A点评：此题考查了声音的产生和传播条件、响度与音调的区别、噪声的危害等知识，是一道声学知识的综合题4（3分）（2013岳阳）在平直轨道上行驶的火车中，放在车厢内的小桌上苹果相对于下列哪个物体是运动的（）A这列火车的机车B坐在车厢椅子上的乘客C从旁边走过的列车员D关着的车门考点：参照物及其选择专题：长度、时间、速度分析：在研究机械运动时，假定不动的物体叫参照物判断一个物体相对于哪一个物体在运动，就要看这个物体相对于哪个物体位置发生变化解答：解：A、放在车厢内的小桌上苹果相对于这列火车的机车，位置是固定的，即处于静止状

5、态不符合题意；B、放在车厢内的小桌上苹果相对于坐在车厢椅子上的乘客，位置是固定的，即处于静止状态不符合题意；C、放在车厢内的小桌上苹果相对于从旁边走过的列车员，位置是变化的，即处于运动状态符合题意；D、放在车厢内的小桌上苹果相对于关着的车门，位置是固定的，即处于静止状态不符合题意故选C点评：一个物体是运动还是静止，取决于选择的参照物，参照物不同，物体运动状态也不一样5（3分）（2013岳阳）有一体积为30cm3的均匀固体，用天平测得它的质量为237g则（）A用天平测质量时，固体应放在天平右盘B此固体的密度为7.9g/cm3C把此固体截去一半，剩余部分密度减小D只改变此固体形状，它的质量减少考点

6、：密度的计算；天平的使用；密度及其特性专题：应用题；质量及其测量；密度及其应用分析：（1）用天平测质量时，应做盘放物体，右盘放砝码；（2）根据密度公式求出此固体的密度；（3）密度是物质本身的一种特性，与物体的种类和状态有关，与物体的质量和体积无关；（4）质量是指物体所含物质的多少，与物体的形状、状态、空间位置无关解答：解：A用天平测质量时，固体应放在天平的左盘，故A不正确；B、此固体的密度=7.9g/cm3，故B正确；C、物质的密度与物体质量的多少无关，故C不正确；D、物体的质量与物体的形状、状态、空间位置无关，故D不正确故选B点评：本题考查了天平的正确实验和密度公式的应用以及对质量、密度概念

7、的理解与掌握，是一道基础题目6（3分）（2013岳阳）用铝壶在天然气灶上烧水的过程中（）A水的温度越高，水分子运动越剧烈B是通过做功的方式改变水的内能C铝的比热容比水小，铝的吸热能力比水强D天然气燃烧越充分，热值越大考点：分子的运动；热传递改变物体内能；燃料的热值专题：分子热运动、内能；比热容、热机、热值分析：A、物体温度越高，分子运动越剧烈；B、做功u热传递是改变物体内能的两种方式；C、物质的比热容越大，物质的吸热能力越强；D、1kg的某种燃料完全燃烧所释放出的热量是燃料的燃烧值解答：解：A、水的温度越高，水分子运动越剧烈，故A正确；B、烧水的过程是通过热传递的方式改变水的内能，故B错误；C

8、、铝的比热容比水小，铝的吸热能力比水弱，故C错误；D、燃烧值由燃料本身决定，与是否充分燃烧无关，故D错误；故选A点评：本题涉及的知识点较多，是一道基础题，但难度不大，平时要注意基础知识的学习与积累7（3分）（2013岳阳）下列做法，符合安全用电原则的是（）A靠近高压带电体B家用电器起火时，先灭火，后切断电源C家庭电路中，控制灯泡的开关装在零线上D有金属外壳的家用电器使用三脚插头考点：安全用电原则专题：应用题；电与热、生活用电分析：（1）不接触低压带电体；不靠近高压带电体（2）用电器着火时，应先切断电源，再采取适当的灭火措施（3）控制电灯的开关应安装在火线与灯之间（4）用电器的金属外壳必须接地解

9、答：解：A、对于高压带电体，我们不仅不能接触，也不能靠近，故A错误不符合题意B、家用电器起火时，先切断电源，后灭火，故B错误不符合题意C、控制电灯的开关接在了零线上时，更换灯泡时易发生触电事故，故C错误不符合题意D、有金属外壳的家用电器使用三孔插痤，让金属外壳接地可以防止漏电后，导致金属外壳带电而发生触电事故，故D正确符合题意故选D点评：本题考查了安全用电的原则遇到有人发生触电事故，千万不要直接用手去拉触电人，要首先切断电源，然后进行抢救8（3分）（2013岳阳）与所示实物图相对应的电路图是下图中的（）ABCD考点：根据实物图画电路图专题：电流和电路分析：根据电流流向法先判断出两个灯泡的连接方

10、式，再看开关的位置后，即可得出哪个图是正确的解答：解：电流从电源的正极出发，依次经过两个灯泡、开关回到负极；故A电路图与实物连接对应故选A点评：会判断出串并联电路，会根据实物图判断正确的电路图，注意电流从正极流出，最后回到负极9（3分）（2013岳阳）关于光现象，下列说法正确的是（）A漫反射不遵从光的反射定律B照相时，被照者应站在镜头二倍焦距之外C近视眼镜是凸透镜D放大镜能成正立、放大的实像考点：漫反射；凸透镜成像的应用专题：光的传播和反射、平面镜成像；透镜及其应用分析：解答此题从以下知识点入手：漫反射和镜面反射都遵循光的反射定律凸透镜成像时，U2f，成倒立、缩小的实像，应用于照相机，当Uf时

11、，成正立放大的虚像，应用于放大镜，凸透镜对光线有会聚作用，而凹透镜对光线有发散作用解答：解：A、漫反射和镜面反射都遵循光的反射定律故A错误；B、照相机的镜头相当于凸透镜，胶片相当于光屏，被照的物体和凸透镜的距离大于2倍焦距，在胶片上能得到倒立、缩小的实像，故B正确；C、近视眼镜是凹透镜，故C错误；D、当Uf时，放大镜能成正立、放大的虚像，故D错误故选B点评：此题涉及到光的漫反射、凸透镜和凹透镜对光线的作用、凸透镜成像的三种情况和应用等知识点，是一道综合性较强的题目10（3分）（2013岳阳）下列说法正确的是（）A煤、石油、太阳能都是不可再生能源B永动机是不可能实现的C卫星与地面站利用超声波传递

12、信息D手机周围没有磁场，不会带来电磁污染考点：能源的分类；通电直导线周围的磁场；电磁波的传播专题：磁现象、电生磁；信息的传递；机械能及其转化分析：A、能够源源不断地从自然界获得或能重复利用的能源是可再生能源，不能源源不断从自然界获得或不能重复利用的能源是不可再生能源B、永动机是不可能制成的C、卫星与地面间的通信利用的是电磁波D、手机是利用电磁波传递信息的，手机可以产生电磁场，会产生电磁污染解答：解：A、煤、石油是不可再生能源，太阳能是可再生能源，故A错误；B、永动机违反了能量守恒定律或违反了热力学第二定律，永动机是不可能制成的，故B错误；C、卫星与地面站利用电磁波传递信息，故C错误；D、手机是

13、利用电磁波传递信息的，手机可以产生电磁场，会产生电磁污染，故D错误；故选B点评：电磁波能在真空中传播，超声波不能在真空中传播，卫星利用电磁波与地面间传递信息11（3分）（2013岳阳）如图，在“推断物体不受力时的运动”的实验中（）A小车在斜面上所受的重力的方向与斜面垂直B下滑过程中，小车的重力势能增加C小车滑到水平面上，由于惯性，会继续前进一段距离D在同样条件下，水平面对小车的阻力越大，小车前进得越远考点：动能和势能的大小变化；惯性；力与运动的关系；重力的方向专题：运动和力；重力、弹力、摩擦力；机械能及其转化分析：（1）重力方向永远竖直向下；（2）重力势能跟物体的质量、高度有关；（3）惯性是指

14、物体保持原状态不变的性质，一切物体都有惯性；（4）在同样条件下，水平面对小车的阻力越大，小车前进得越近解答：解：A、小车在斜面上所受的重力的方向是竖直向下的，故A错误；B、下滑过程中，小车的质量不变，高度减小，所以重力势能减小，故B错误；C、小车滑到水平面上，由于惯性，会保持原来的运动状态继续前进一段距离，正确；D、在同样条件下，水平面对小车的阻力越大，小车前进得越近，故D错误故选C点评：此题考查的知识点较多，有重力的方向、重力势能的影响因素、惯性、力的作用效果等，中考常见题型，基础性题目12（3分）（2013岳阳）如图所示，电源电压保持不变，闭合开关，滑动变阻器的滑片向左移动过程中（）A滑动

15、电阻器阻值变大B灯泡亮度变大C电流表示数变小D电压表示数变小考点：电路的动态分析；滑动变阻器的使用；欧姆定律的应用；电阻的串联；电功率的计算专题：应用题；电路和欧姆定律；电能和电功率；电路变化分析综合题分析：由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流；根据滑片的移动确定接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和灯泡两端的电压变化，根据P=UI求出灯泡实际功率的变化，根据灯泡的亮暗取决于实际功率的大小判断灯泡亮暗的变化解答：解：由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流；滑动变阻器的滑片向左移动过程中，接入

16、电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小，故A不正确；I=，电路中的电流变大即电流表的示数变大，故C不正确；灯泡两端的电压变大即电压表的示数变大，故D不正确；P=UI，且灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，灯泡的实际功率变大，灯泡亮度变大，故B正确故选B点评：本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是知道灯泡的亮暗取决于实际功率的大小和分析好滑片移动时对电路的影响二、填空题（本大题共4小题，每空2分，共16分）13（4分）（2013岳阳）干电池是持续供电的装置，能将化学能转化为电能如图实验装置中，要改变通电导线在磁场中的受力方向，可以通过改变磁场方向或改变电流方向来实现考点：磁场对通电导线的作用

17、；能量的相互转化专题：应用题；电动机、磁生电分析：干电池属于化学电池，里面存有化学能，对外供电时是将化学能转化为电能通电导线在磁场中的受力方向的决定因素为磁场方向和电流方向，两者只能改变一个，两个同时改变则导体的受力方向不变解答：解：干电池在对外供电时把电池的化学能转化为电能如上图，要改变通电导线在磁场中的受力方向，可以通过改变电流方向或改变磁场方向来达到目的故答案为：电，电流点评：本题考查了电源供电时能量的转化，是一道基础题，平时要注意这方面知识的积累通电导线在磁场中的受力方向的决定因素为磁场方向和电流方向，要想改变导体的受力方向，两者只能改变其中一个14（4分）（2013岳阳）如图，自制潜

18、艇模型下沉过程中受到水的压强将增大（选填“增大”、“不变”或“减小”）当模型排开的水所受到的重力为0.2N时，它受到的浮力浮力为0.2N考点：液体的压强的特点；阿基米德原理专题：压强、液体的压强；浮力分析：下沉过程中，潜艇的所处的深度越来越大，根据公式P=gh可知受到的液体压强的大小变化；根据阿基米德原理可知，浮力等于排开液体的重力解答：解：因为潜艇模型下沉过程中，所处的深度越来越大，由p=gh可知，潜艇受到的压强越来越大；因为浮力等于排开液体的重力，所以当模型排开的水所受到的重力为0.2N时，浮力等于0.2N故答案为：增大；0.2点评：本题考查了学生对液体压强公式和阿基米德原理的掌握和运用，

19、由题得出深度和排开水的重力是本题的关键15（4分）（2013岳阳）如图，用一个动滑轮组把重90N的沙袋从地面提到9m高的脚手架上，绳端向上移动的距离是18m，若所用的拉力是60N，这个动滑轮的机械效率是75%考点：滑轮（组）的机械效率；功的计算专题：应用题；功、功率、机械效率分析：从题可知，使用的是动滑轮，则承担物重的绳子股数n=2，又知道沙袋上升的高度，可利用公式S=2h计算出拉力移动的距离，即绳端向上移动的距离知道沙袋的重力和沙袋上升的高度，可利用公式W有用=Gh计算出拉力提升沙袋所做的有用功；又知道拉力的大小和拉力移动的距离，可利用公式W总=Fs计算出拉力对沙袋做的总功；最后利用公式=1

20、00%计算出动滑轮的机械效率解答：解：使用的是动滑轮，则承担物重的绳子股数n=2，而h=9m，绳端向上移动的距离为：S=2h=29m=18m，G=90N，h=9m，拉力提升沙袋所做的有用功为：W有用=Gh=90N9m=810J，又s=18m，F=60N，拉力做的总功为：W总=Fs=60N18m=1080J则滑轮组的机械效率为：=100%=100%=75%故答案为：18，75%点评：本题考查有用功、总功、机械效率的计算，关键是公式的应用，本题的关键是n的确定（直接从动滑轮上引出的绳子股数），从而求出拉力F移动的距离s=2h16（4分）（2013岳阳）如图所示是A、B两定值电阻的UI图象，由图象中

21、信息可知；通过A导体的电流为0.2A时，A导体两端电压为4V；若将A、B两电阻并联接在4V电源的两端，则电路中干路里的电流为0.6A考点：欧姆定律的应用；并联电路的电流规律；并联电路的电压规律专题：应用题；电流和电路；图像综合题分析：（1）根据图象读出通过A导体的电流为0.2A时导体两端电压；（2）A、B两电阻并联时，它们两端的电压相等，根据图象读出对于的电流，利用并联电路的电流特点求出电路中干路里的电流解答：解：（1）由图象可知，通过A导体的电流为0.2A时，A导体两端电压为4V；（2）将A、B两电阻并联接在4V电源的两端时，UA=UB=4V，由图象可知IA=0.2A，IB=0.4A，并联电

22、路中干路电流等于各支路电流之和，电路中干路里的电流：I=IA+IB=0.2A+0.4A=0.6A故答案为：4；0.6点评：本题考查了并联电路的特点，关键是根据图象得出电流与电压的对应值，是一道基础题目三、作图题（本大题共2小题，每小题3分，共6分在答题卡上用铅笔作图，确定后用黑笔填黑）17（3分）（2013岳阳）画出图中物体AB在平面镜中所成的虚像考点：平面镜成像的相关作图专题：光的传播和反射、平面镜成像分析：平面镜成像的特点是：像与物关于平面镜对称，可以先作出物体A、B端点AB的像点A、B，连接A、B即为物体AB在平面镜中所成的像解答：解：先作出端点A、B关于平面镜的对称点A、B，用虚线连接

23、A、B即为物体AB的像，如图所示：点评：作物体在平面镜中所成的像，常用方法是：作出端点（或关键点）的像点，用虚线连接像点得到物体的像18（3分）（2013岳阳）标出图中通电螺线管的N极、小磁针的N极和磁感线的方向考点：通电螺线管的磁场；磁极间的相互作用；安培定则专题：作图题；图像综合题分析：利用螺线管中电流的方向和线圈的绕向，根据安培定则确定螺线管的NS极；然后利用磁极间的作用规律：同名磁极性互排斥，异名磁极相互吸引确定小磁针的N、S极；在磁体的周围，磁感线从N极流出回到S极，由此可以确定磁感线的方向解答：解：由图可知，电流由左端流入，右端流出，则用右手握住螺线管，四指沿电流方向，则大拇指向右

24、，即螺线管的右端为N极；当小磁针静止时，根据磁极间的作用规律可知，相互靠近的一定是异名磁极，因此可以确定小磁针的左端为S极，右端为N极；在磁体的周围磁感线从磁体的N极出发回到S极，所以磁感线的方向是向左的答案如图所示：点评：此题考查了磁极间的作用规律、安培定则、磁感线的方向等几个知识点小磁针的N、S极是由螺线管的N、S极来确定的，因此确定螺线管的N、S极是解决此题的突破口四、实验探究题（本大题共3小题，每空2分，共24分）19（6分）（2013岳阳）为了探究“冰熔化过程的规律”，小明设计了如图所示的实验装置，并画出了冰的熔化图象（1）实验中宜选用碎冰（选填“较大的冰块”或“碎冰”）（2）根据熔

25、化图象，可以判断冰是晶体（选填“晶体”或“非晶体），在熔化过程中，冰要不断吸收热量，温度不变（选填”升高“、降低”或“不变”）考点：熔化和凝固的探究实验专题：探究型实验综合题分析：（1）为使固态物质能够均匀受热，最好将固态物质弄碎；（2）根据晶体和非晶体在熔化过程中的特点进行判断，通过图象判断出冰在熔化过程中的温度变化特点解答：解：（1）碎冰比较大的冰块受热更均匀，所以应选择碎冰实验；（2）由图象知冰在熔化过程中不断吸热，但温度保持0不变，所以冰是晶体故答案为：（1）碎冰；（2）晶体；不变点评：此题是探究“冰熔化过程的规律”，为使冰能够均匀受热，应选用碎冰，同时考查了晶体在熔化过程中的特点20

26、（8分）（2013岳阳）如图是“探究滑动摩擦力的大小与什么有关”的实验装置长木板不同表面木块不同侧面弹簧测力计示数一个木板两个木板重叠光滑表面小大粗糙表面小大（1）根据小明设计的实验记录表格（如上）可知，他是要探究滑动摩擦力的大小与作用于接触面积的压力、接触面积和接触面的粗糙程度的关系（2）在实验中小明缓缓地匀速（选填“匀速”或“变速”）拉动木块，使弹簧测力计的示数稳定，并将数据记录在表格中，这属于科学探究中的C（只填序号）A提出问题 B猜想与假设 C进行实验，收集证据（3）某次实验中弹簧测力计示数如图所示，可知该次实验摩擦力大小为2.4N考点：探究摩擦力的大小与什么因素有关的实验专题：探究型

27、实验综合题分析：（1）探究滑动摩擦力大小与哪些因素有关实验，要应用控制变量法，根据实验表格所控制的变量进行分析答题（2）水平匀速拉动木块，让木块做匀速直线运动，木块处于平衡状态，滑动摩擦力等于弹簧测力计的拉力，进行多次实验，测出实验数据（3）由图示弹簧测力计确定其分度值，根据指针位置读出弹簧测力计的示数解答：解：（1）由表中数据可知，实验过程中控制了接触面的粗糙程度、接触面面积大小、物体间压力大小等因素，因此实验探究的是：滑动摩擦力的大小与作用于接触面积的压力、接触面积和接触面的粗糙程度的关系（2）在实验中小明缓缓地匀速拉动木块，使弹簧测力计的示数稳定，并将数据记录在表格中，这属于科学探究中的

28、进行实验、收集证据环节，故C正确（3）由图示弹簧测力计可知，其分度值是0.2N，示数为2.4N故答案为：（1）接触面的粗糙程度；（2）匀速；C；（3）2.4点评：本实验应用了控制变量法，根据实验所控制的变量找出实验所探究的问题；对弹簧测力计进行读数时，要先确定其分度值，然后再读数，读数时视线要与刻度线垂直21（10分）（2013岳阳）在探究“电流与电阻的关系”的过程中（1）连接电路时，开关应处于断开（选填“断开”或“闭合”）状态（2）小明按图甲联好电路后，闭合开关，移动滑动变阻器滑片，发现电流表无示数，电压表有示数，其原因可能是B（只填序号）A电流表断路 BR断路 CR短路（3）排除故障后，小

29、明将5的电阻接入电路，调节滑动变阻器，使电压表示数为1.5V，电流表示数（如图乙所示）为0.3A（4）小明再分别换接10、15的电阻，重复实验，得到表一中另两组数据分析表一数据，可得出结论；保持电压不变时，导体中的电流跟导体的电阻成反比（5）小丽在做此实验时，每次只更换电阻，测得相应的电流值，如表二所示，根据表中数据，她无法得到与小明相同的结论，其原因是没有控制电阻两端的电压不变表一电阻R/51015电流I/A0.150.10表二电阻R/51015电流I/A0.30.20.15考点：探究电流与电压、电阻的关系实验专题：探究型实验综合题分析：（1）在连接电路时，为防止电路中电流过大，开关应断开；

30、（2）在分析时，可用排除法，逐一分析各选项对应的现象得出结论；（3）在进行电流表的读数时，要确定电流表的量程和分度值；（4）分析表一中电流和电阻的大小变化便可得出结论；（5）掌握控制变量法在此实验中的应用，要探究电流与电阻的关系，在改变电阻的值时，应保持电阻两端的电压不变解答：解：（1）为防止电路中电流过大，在连接电路时，开关应断开；（2）A、若电流表断路，则电流表和电压表都不会有示数，不正确；B、若R断路，则电流表示数为零，电压表示数几乎等于电源电压，正确；C、若R短路，则电流表示数不为零，电压表示数为零，不正确；（3）由图乙知，电流表的量程为00.6A，分度值为0.02A，示数为0.3A；

31、（4）由表一中数据知，电阻两端的电压不变，电阻增大为原来的几倍，电流就减小为原来的几分之一，所以可得电压不变，电流与电阻成反比；（5）由表二中数据知，三次测量结果电阻两端的电压均不相同，所以没有控制电阻两端的电压不变故答案为：（1）断开；（2）B；（3）0.3；（4）反；（5）没有控制电阻两端的电压不变点评：此题是探究“电流与电阻的关系”实验，考查了学生分析数据得出结论的能力，考查了控制变量法在此实验中的应用及电路故障的分析，还考查了有关电流表的读数，这些内容是电学实验中常考查的，注意掌握五、综合应用题（本大题共2小题，每小题9分，共18分解答应写出必要的文字说明、公式和重要的演算步骤，只写出

32、最后答案不能得分）22（9分）（2013岳阳）如图，质量为10kg的物体放在水平桌面上，求：（1）物体所受重力大小；（2）物体底面积为0.1m2，物体对桌面的压强大小；（3）用20N的水平推力，使物体在桌面上移动0.5m，推力对物体做的功考点：重力的计算；压强的大小及其计算；功的计算专题：重力、弹力、摩擦力；压强、液体的压强；功、功率、机械效率分析：（1）根据G=mg求出物体重力；（2）物体对桌面的压力等于其重力，根据p=求出压强；（3）根据W=Fs求出推力做的功解答：已知：质量m=10kg，面积S=0.1m2，推力F=20N，距离s=0.5m求：（1）物体重力G=？；（2）物体对桌面的压强p

33、=？；（3）推力做的功W=？解：（1）物体重力：G=mg=10kg9.8N/kg=98N；（2）物体对桌面的压力：F=G=98N，物体对桌面的压强：p=980Pa；（3）推力做的功：W=Fs=20N0.5m=10J答：（1）物体的重力为98N；（2）物体对桌面的压强为980Pa；（3）推力做的功为10J点评：此题主要考查的是学生对重力、压强、功的计算公式的理解和掌握，基础性题目23（9分）（2013岳阳）如图所示的电路中，电源电压恒为6V（1）当开关S1闭合，S2，S3断开时，电流表示数为0.3A，求R的阻值；（2）闭合开关S1，S3，断开S2时，小灯泡正常发光，电流表示数为0.9A，求通电1

34、0s灯泡消耗的电能；（3）只闭合开关S2，断开S1，S3，求小灯泡实际的电功率（假设小灯泡的电阻不变）考点：电功的计算；并联电路的电流规律；并联电路的电压规律；欧姆定律的变形公式；电阻的串联专题：计算题；电路和欧姆定律；电能和电功率；电路变化分析综合题分析：（1）当开关S1闭合，S2，S3断开时，电路为R的简单电路，电流表测电路中的电流，根据欧姆定律求出R的阻值；（2）闭合开关S1，S3，断开S2时，灯泡与R并联，电流表测干路电流，根据并联电路各支路独立工作、互不影响可知通过R的电流不变，根据并联电路的电流特点求出通过灯泡的电流，利用并联电路的电压特点和欧姆定律求出R的阻值，利用W=UIt求出

35、通电10s灯泡消耗的电能；（3）只闭合开关S2，断开S1，S3时，L与R串联，根据串联电路的电阻特点和欧姆定律求出电路中的电流，再根据P=I2R求出小灯泡实际的电功率解答：解：（1）当开关S1闭合，S2，S3断开时，电路为R的简单电路，电流表测电路中的电流，根据欧姆定律可得：R=20；（2）闭合开关S1，S3，断开S2时，灯泡与R并联，电流表测干路电流，并联电路中各支路独立工作、互不影响，此时通过R的电流0.3A不变，并联电路中干路电流等于各支路电流之和，IL=IIR=0.9A0.3A=0.6A，并联电路中各支路两端的电压相等，灯泡的电阻：RL=10，通电10s灯泡消耗的电能：WL=UILt=6V0.6A10s=36J；（3）只闭合开关S2，断开S1，S3时，L与R串联，串联电路中总电阻等于各分电阻之和，此时电路中的电流：I=0.2A，灯泡的实际功率：PL=（I）2RL=（0.2A）210=0.4W答：（1）R的阻值为20；（2）闭合开关S1，S3，断开S2时，通电10s灯泡消耗的电能为36J；（3）只闭合开关S2，断开S1，S3时，小灯泡实际的电功率为0.4W点评：本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是开关闭合、断开时电路连接方式的辨别，难度不大，只要按部就班的解答即可解决问题