《高考物理总复习优编题型增分练：基础回扣练2受力分析和物体平衡》由会员分享，可在线阅读，更多相关《高考物理总复习优编题型增分练：基础回扣练2受力分析和物体平衡（5页珍藏版）》请在装配图网上搜索。
1、2.受力分析和物体平衡1 . （2018 江苏六校联考）磁性黑板擦吸附在竖直的黑板平面上静止不动时，关于黑板擦的受力情况，下列叙述中正确的是 （）A.黑板擦受到的磁力与它受到的重力是一对平衡力B.黑板擦受到的磁力与它受到的弹力是一对作用力与反作用力C.黑板擦受到的磁力与它受到的摩擦力性质相同D.黑板擦受到的摩擦力与它受到的重力是一对平衡力答案 D2 .如图1所示，水平面上 A B两物块的接触面水平， 二者叠放在一起，在作用于B上的恒定 水平拉力F的作用下沿地面向右做匀速直线运动，某时刻撤去力F后，二者仍不发生相对滑动，关于撤去F前后下列说法正确的是（）s *图1A.撤去F之前A受到3个力作用B
2、.撤去F之前B受到4个力作用C.撤去F前后，A的受力情况不变D. A B间的动摩擦因数1不小于B与地面间的动摩擦因数 科2答案 D解析 撤去F前A受重力、B对A的支持力2个力作用；B受重力、地面支持力、 A对B的压 力、地面对B的摩擦力、外力F共5个力作用；撤去F后，AB一起匀减速运动，A除受重力、 支持力外，还受静摩擦力作用，对 AB整体：（i2（m+ m）g=（mi+ mm）a,对A 1mAgma,即1 11 2.3. （2018 淮安中学期中）如图2所示，一名登山运动员攀登陡峭雪壁时，如果认为峭壁的平面是竖直的平面，峭壁平面是光滑的， 腿与峭壁面是垂直的， 若轻绳与峭壁面的夹角为 30。
3、， 运动员质量为60 kg , g取10 m/s 2.人处于静止状态，则细绳张力的大小Ft为（）图2A. 200 3 NB. 600 NC 400 ,；3 N答案 CD. 1 200 N，一一一一1114. （2018考局考押题预测卷）如图3所小，A、R C二个物体的质重是 mA=mii= 2mct= mi, A B两物体通过绳子绕过定滑轮相连，B、C用劲度系数为k2的弹簧相连，弹簧 匕一端固定在天花板上，另一端与滑轮相连.开始时，A、B两物体在同一水平面上，不计滑轮、绳子、弹簧的重力和一切摩擦.现用竖直向下的力缓慢拉动 A物体，在拉动过程中，弹簧及与A、B相连的绳子始终竖直，到C物体刚要离开
4、地面（A没落地，B没有与滑轮相碰， A B C可视为质点），重力加速度为g,此时A、B两物体的高度差（）图33mg 6mg人石+总B.3mc 12mgk2k16 mg 6 mg0丁十式6mg 12mg 口 k2 + k1答案 D解析 开始时，弹簧k1的拉力是A物体重力的两倍，所以它的伸长量*1=誓 弹簧k2的弹k1力是B A两物体的重力差，所以它的压缩量至;皆1当C物体刚要离开地面时，弹簧 k1的拉k2力是B C两物体重力和的两倍，所以它的伸长量，X1=誓 弹簧k2的拉力等于C的重力,k1所以它的伸长量X2=管所以B物体上升的高度是hB=X2+x2 =管物体A下降的高度 hA= hB+2（X1
5、 一 X1）= 31mW 12mg,所以 A B高度差A h=hA+ hB= 6m与等?故 D正确, k2k1k2k1A、B C错误.5 . （2018 淮安市、宿迁市等期中）如图4所示，质量为 m的物体用轻绳 AB悬挂于竖直墙壁 上，今用水平向右的拉力 F拉动绳的中点 O至图示位置.用 Ft表示绳 OA段拉力的大小，在 拉力F由图示位置逆时针缓慢转过 90。的过程中，始终保持 O点位置不动，则（ ）A. F先逐渐变小后逐渐变大,B. F先逐渐变小后逐渐变大,C. F先逐渐变大后逐渐变小,D. F先逐渐变大后逐渐变小,Ft逐渐变小Ft逐渐变大Ft逐渐变小Ft逐渐变大答案 A解析保持O点位置不变
6、，将的拉力的合力始终与 m#大、F由水平位置绕 O点逆时针缓慢转动 90。的过程中，F和AO反向、共线，由平行四边形定则可知，当F竖直向上时，F最大，最大值 Fmax= mg此时Ft最小，Ft= 0;当FAO时，F最小，则F先逐渐变小后逐渐变大，Ft逐渐变小，故A正确.6 .（多选）（2018 如皋市期初）如图5所示，物体B叠放在物体 A上，A B的质量均为簿 且上、下表面均与斜面平行，它们以共同速度沿倾角为0的固定斜面C匀速下滑，重力加速度为g,则（）图5A. A B间的摩擦力大小为 mgin 0B. A受到B的静摩擦力方向沿斜面向上C. A受到斜面的滑动摩擦力大小为 2mgsin 0D.
7、A与B间的动摩擦因数 w=tan 8答案 AC解析 将B的重力分解可知重力有沿斜面向下的分力，要使B能匀速下滑，受力一定平衡，故A对B应有沿斜面向上的摩擦力，大小等于B的重力沿斜面方向的分力，即mgiin 0 ,故A正确；由牛顿第三定律可知，A受到B的摩擦力应沿斜面向下，故 B错误；对A B整体分析，并将整体重力分解，可知沿斜面方向上，重力的分力与摩擦力等大反向，故A受斜面的滑动摩擦力沿斜面向上，大小为2mgin 0 ,故C正确；由于A B间为静摩擦力，无法确定动摩擦因数，故D错误.7.如图6甲所示，水平地面上固定一倾角为30。的表面粗糙的斜劈，一质量为m的小物块能沿着斜劈的表面匀速下滑.现对
8、小物块施加一水平向右的恒力F,使它沿该斜劈表面匀速上滑，如图乙所示，重力加速度为g,则F的大小应为（）A. ；13mgc.q3mg答案 A解析 小物块能沿着斜劈的表面匀速下滑，则有mgin 30 = mgcos 30 ,可得小物块与斜劈表面间的动摩擦因数w=tan 30。.当施加F后，由小物块能沿着斜劈表面匀速上滑，对小物块受力分析如图所示:根据平衡条件有沿斜面方向：Fcos 30Ff mgin 30垂直斜面方向：Fn= mgcos 30 + Fsin 30 又 Ff= ! Fn,联立可得：F= 43mg故A正确，B、C D错误.8. （2018 江苏五校联考）如图7所示，两个截面半径均为r,质量均为m的半圆柱体A B放在粗糙水平面上， A、B截面圆心间的距离为l ,在AB上放一个截面半径为r,质量为2m的光滑圆柱体 C, A、B C均始终处于静止状态，则（图7A. B对地面的压力大小为 3mgB.地面对A的作用力沿AC圆心连线方向C. l越小，A、C间的弹力越小D. l越小，地面对 A B的摩擦力越大答案 C
高考物理总复习优编题型增分练：基础回扣练2受力分析和物体平衡
