2014年普通高等学校招生全国统一考试生物新课标Ⅱ卷

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1、2014年普通高等学校招生全国统一考试生物新课标卷（选择题录入、全卷绘图、解析： 甘肃省兰州市第三十四中学 朱军）（审核人：黑龙江省大庆市第二十三中学 李永华）（试题审核、评分标准：哈尔滨市第三十二中学校 甘雨波）1.关于细胞的叙述，错误的是A.植物细胞的胞间连丝具有物质运输的作用B.动物细胞间的黏着性与细胞膜上的糖蛋白有关C.ATP水解释放的能量可用于细胞内的吸能反应D.哺乳动物的细胞可以合成蔗糖，也可以合成乳糖【命题意图】检测考生对组成细胞的分子与细胞结构及细胞代谢基础知识的掌握情况。【考查范围】组成细胞的分子、细胞的结构和细胞代谢。【解析】胞间连丝是植物细胞特有的通讯连接，是由穿过细胞壁

2、的质膜围成的细胞质通道，是细胞间物质运输与信息传递的重要通道， A正确；癌细胞膜上的糖蛋白减少,使癌细胞彼此之间的黏着性显著降低，可见动物细胞间的黏着性与细胞膜上的糖蛋白有关，B正确；细胞耗能时总是与ATP水解的反应相联系，ATP水解释放的能量可用于细胞内的吸能反应，C正确；蔗糖是植物细胞特有的二塘，哺乳动物的细胞不会合成，D错误。【答案】D2.同一动物个体的神经细胞与肌细胞在功能上是不同的，造成这种差异的主要原因是A.二者所处的细胞周期不同 B.二者合成的特定蛋白不同C.二者所含有的基因组不同 D.二者核DNA的复制方式不同【命题意图】检测考生对细胞分化概念及原因的理解。【考查范围】细胞分裂

3、、细胞分化。【解析】神经细胞与肌细胞都是高度分化的细胞，没有分裂能力，所以不存在细胞周期，A错误；细胞分化的根本原因是基因选择性表达的结果，在不同类型的细胞中，表达的基因不同，合成的特定蛋白就不同，B正确；分化过程中遗传物质不会发生改变，所以二者含有的基因组相同，C错误；二者的核DNA都是半保留复制，复制方式相同，D错误。【答案】B3.关于在正常情况下组织液生成与回流的叙述，错误的是A.生成与回流的组织液中氧气的含量相等B.组织液不断生成与回流，并保持动态平衡C.血浆中的有些物质经毛细血管动脉端进入组织液D.组织液中的有些物质经毛细血管静脉端进入血液【命题意图】检测考生对内环境概念的理解，考查

4、细致入微。【考查范围】内环境的组成、各成分之间的关系。 【解析】组织液与组织细胞之间进行物质交换，氧气由组织液扩散进入组织细胞，参与有氧呼吸第三阶段生成水，所以回流的组织液中氧气含量降低，所以A错误；组织液与血浆之间不断进行物质交换并保持动态平衡，所以B正确；血浆中的物质经毛细血管动脉端进入组织液，组织液中的物质经毛细血管静脉端回到血浆，所C、D正确。【答案】A4.将某植物的花冠切成大小和形状相同的细条，分为a、b、c、d、e和f组（每组的细条数相等），取上述6组细条分别置于不同浓度的蔗糖溶液中，浸泡相同时间后测量各组花冠细条的长度，结果如图所示，假如蔗糖溶液与花冠细胞之间只有水分交换，则A.

5、实验后，a组液泡中的溶质浓度比b组的高B.浸泡导致f组细胞中液泡的失水量小于b组的C.a组细胞在蔗糖溶液中失水或吸水所耗ATP大于b组D.使细条在浸泡前后长度不变的蔗糖浓度介于0.40.5molL-1之间【命题意图】以渗透作用为知识的载体，考查学生识图能力、获取信息的能力及分析能力。【考查范围】渗透作用的原理。【解析】a组比值小于b组，说明a组细胞吸水比b组多，所以a组液泡中的溶质浓度小于b组，A错误；f组比值大于1，说明是细胞失水，b组比值小于1，说明细胞吸水，因此f组细胞中液泡的失水量是大于b组，B错误；水的跨膜运输方式是自由扩散，不消耗能量，C错误；实验前长度/实验后长度=1时，蔗糖浓度

6、等于细胞液浓度，依据图，蔗糖浓度为0.4 molL-1时，细胞吸水，蔗糖浓度为0.5molL-1时，细胞失水，所以，蔗糖浓度介于0.40.5molL-1之间，D正确。【答案】D5.关于核酸的叙述，错误的是A.细胞核中发生的转录过程有RNA聚合酶的参与B.植物细胞的线粒体和叶绿体中均可发生DNA的复制C.双链DNA分子中一条链上的磷酸和核糖是通过氢键连接的D.用甲基绿和吡罗红染色可观察DNA和RNA在细胞中的分布【命题意图】检测考生对遗传物质核酸相关知识的掌握情况。【考查范围】DNA的结构、DNA和RNA的分布、基因的转录过程。【解析】转录即是合成RNA的过程，所以必需有RNA聚合酶的参与，A正

7、确；线粒体和叶绿体中含有DNA，可发生DNA的复制，B正确；DNA分子中的磷酸和脱氧核糖之间是通过磷酸二酯键连接的，所以C错误；甲基绿使DNA呈现绿色，吡罗红使RNA呈现红色，用甲基绿、吡罗红的混合染色剂将细胞染色，可同时显示DNA和RNA在细胞中的分布，所以D正确。【答案】C6.关于光合作用和呼吸作用的叙述，错误的是A.磷酸是光反应中合成ATP所需的反应物B.光合作用中叶绿素吸收光能不需要酶的参与C.人体在剧烈运动时所需要的能量由乳酸分解提供D.病毒核酸的复制需要宿主细胞的呼吸作用提供能量【命题意图】检测考生对光合作用和呼吸作用细节的把握情况。【考查范围】ATP合成过程、色素的作用、细胞呼吸

8、的方式、病毒的生理特点。【解析】ADP和磷酸接收能量生成ATP，所以磷酸是光反应中合成ATP原料，A正确；光合作用中叶绿素吸收光能属于物理变化，此过程不需要酶的参与，所以B正确；人体在剧烈运动时，氧气供应不足，少部分细胞进行无氧呼吸，此时乳酸是产物而不是反应物，而消耗乳酸是在运动之后，所以C错误；病毒无细胞结构，其生命活动离不开细胞，所以需要的能量由宿主提供，D正确。【答案】C29.(10分)某植物净光合速率的变化趋势如图所示。0a0-mbcmABC高光强中光强低光强CO2浓度净光合速率据图回答下列问题：（1）当CO2浓度为a时，高光强下该植物的净光合速率为_，CO2浓度在ab之间时，曲线_表

9、示了净光合速率随CO2浓度的增高而增高。（2）CO2浓度大于c时，曲线B和C所表示的净光合速率不再增加，限制其增加的环境因素是_。（3）当环境中CO2浓度小于a时，在图示的3种光强下，该植物呼吸作用产生的CO2量_（填“大于”、“等于”或“小于”）光合作用吸收的CO2量。（4）据图可推测，在温室中，若要采取提高CO2浓度的措施来提高该种植物的产量，还应该同时考虑_这一因素的影响，并采取相应措施。【命题意图】检测考生的获取信息能力、曲线分析能力，以及对光合作用和呼吸作用的综合运用能力。【考查范围】影响光合作用的条件、光合作用原理的应用、光合作用和呼吸作用的综合考查。【解析】（1）是对学生识别曲线

10、能力的考查，高光强曲线A在CO2浓度为a的点对应的净光合速率为0；图中，CO2浓度在ab区间内三条曲线都是上升趋势，也就是都随CO2浓度的增高而增高。 （2）CO2浓度大于c，曲线A在曲线B、C之上，说明如果适当增加光强净光合速率还会增加，又因为题干中没有其他环境因素对光合作用影响的相关信息，所以此时只能得出光强是限制净光合速率增加的环境因素。 （3）当环境中CO2浓度小于a时，三条曲线都在“0”以下，即净光合速率都小于0，此时植物的呼吸速率大于光合速率，因此呼吸作用产生的CO2量大于光合作用吸收的CO2量。 （4）题图是光强和CO2浓度两个环境因素对植物净光合速率的影响曲线，其他条件没有给出

11、，在已经“提高CO2浓度”的情况下，还应考虑的措施只能是光强。【答案】（1）0（2分）A、B和C（3分）（2）光强（2分）（3）大于（2分）（4）光强（1分）30.（9分）为了探究某种复方草药对某种细菌性乳腺炎的疗效是否与机体免疫功能增强有关，某研究小组将细菌性乳腺炎模型小鼠随机分为实验组（草药灌胃）、空白对照组（蒸馏水灌胃）和阳性对照组（免疫增强剂A灌胃），并检测免疫指标。回答下列问题：（1）研究发现：实验组小鼠吞噬细胞的吞噬能力显著高于阳性对照组，极显著高于空白对照组，这一结果至少可说明该草药增强了小鼠的非特异性免疫功能，非特异性免疫的特点是_。（2）研究还发现：实验组小鼠的T细胞含量显著

12、高于空白对照组，与阳性对照组相近。这一结果说明：该草药可能通过提高小鼠T细胞含量来增强其特异性免疫功能。通常，在细胞免疫过程中，效应T细胞的作用是_。（3）在特异性免疫中，T细胞可产生_因子，受到抗原刺激的_细胞可在该因子的作用下，增殖分化为浆细胞，浆细胞产生_，参与体液免疫过程。【命题意图】检测考生对实验的分析能力和免疫调节相关知识的掌握情况，考查基础细致，对语言表达能力要求较高。【考查范围】非特异性免疫的特点、特异性免疫过程， 【解析】（1）非特异性免疫相对于特异性免疫具有两个特点：人人生来就有，不针对某一特定病原体，而是对多种病原体都有防御能力。 （2）细胞免疫作用的对象是靶细胞，效应T

13、细胞的作用是识别并与靶细胞结合，使其裂解死亡，释放其中的抗原。 （3）体液免疫主要靠产生的抗体作战，在体液免疫中，T细胞产生的淋巴因子促进B细胞增殖分化成浆细胞和记忆细胞，浆细胞产生抗体。【答案】（1）机体生来就有，不针对某一类特定病原体，而是对多种病原体都有一定的防御作用（3分，其他合理答案也给分）（2）识别并与被病原体入侵的宿主细胞紧密接触，可使之裂解死亡（3分，其他合理答案也给分）（3）淋巴（1分，其他合理答案也给分）B（1分）抗体（1分）31.（9分）某陆地生态系统中，除分解者外，仅有甲、乙、丙、丁、戊5个种群，调查得知，该生态系统有4个营养级，营养级之间的能量传递效率为10%20%，

14、且每个种群只处于一个营养级。一年内输入各种群的能量数值如下表所示，表中能量数值的单位相同。种群甲乙丙丁戊能量3.5612.8010.300.48226.50回答下列问题：（1）请画出该生态系统中的食物网。（2）甲和乙的种间关系是_；种群丁是该生态系统生物组分中的_。（3）一般来说，生态系统的主要功能包括_、_，此外还具有信息传递等功能。碳对生物和生态系统具有重要意义，碳在_和_之间的循环主要以CO2的形式进行。【命题意图】检测考生的识图能力，获取信息能力及对生态学相关知识的掌握情况。【考查范围】生态系统的结构（包括组成成分及营养结构）、生态系统的功能（能量流动、物质循环、信息传递）。【解析】（

15、1）由于每个种群只处于一个营养级且戊的能量数值最大，可知戊为第一营养级；根据能量传递效率为10%20%，第二营养级获得的能量应该为22.6545.30之间，表格中只有乙和丙的能量数值相加才可以满足这个条件，所以乙和丙是第二营养级；根据能量流动是逐级递减的，判断出甲为第三营养级、丁为第四营养级，准确写出食物网。 （2）甲是第三营养级，乙是第二营养级，所以甲捕食乙；丁虽然为第四营养级，但是题干问的是生态系统的生物组分，所以丁是消费者。 （3）能量流动和物质循环是生态系统的主要功能；碳循环指的是碳在生物群落与无机环境之间循环流动的过程。【答案】（1）（3分）（2）捕食（1分）消费者（1分，其他合理答

16、案也给分）（3）物质循环能量流动生物群落无机环境（每空1分，共4分，其他合理答案也给分）32.（11分）山羊性别决定方式为XY型。下面的系谱图表示了山羊某种性状的遗传，图中深色表示该种性状的表现者。IIIIII1112223344已知该性状受一对等位基因控制，在不考虑染色体变异和基因突变的条件下，回答下列问题：（1）据系谱图推测，该性状为_（填“隐性”或“显性”）性状。（2）假设控制该性状的基因仅位于Y染色体上，依照Y染色体上基因的遗传规律，在第代中，表现型不符合该基因遗传规律的个体是_（填个体编号）。（3）若控制该性状的基因仅位于X染色体上，则系谱图中一定是杂合子的个体是_（填个体编号），可

17、能是杂合子的个体是_（填个体编号）。【命题意图】以遗传系谱图为知识的载体，考查学生识图分析能力、审题能力及对伴性遗传规律的理解和运用能力。【考查范围】伴性遗传，考查包括伴X和伴Y遗传特点。【解析】（1）III-1具有该性状表现，符合“无中生有”的规律，可以判断其为隐性性状。 （2）如果控制该性状的基因仅位于Y染色体上，那么雌性个体一定不会出现此性状表现，雄性个体一定和其父、子表现相同，III-1、III-3和III-4与题图所示不符。 （3）若控制该性状的基因仅位于X染色体上，又知道其为隐性基因，根据交叉遗传的特点，II-3的该基因一定是来自于I-2，所以I-2一定是携带者；III-1的该基因

18、一定是来自于II-2，所以II-2一定是携带者；III-3中的一个该基因一定是来自于II-4，所以II-4一定是携带者。III-2来自于父亲的X染色体肯定不携带该基因，来自于母亲的X染色体有可能携带该基因，也可能不携带。【答案】（1）隐性（2分）（2）-1、-3和-4（3分）（3）-2、-2、-4（3分）-2（3分）39.生物选修1：生物技术实践（15分）为了调查某河流的水质状况，某研究小组测定了该河流水样中的细菌含量，并进行了细菌分离等工作。回答下列问题：（1）该小组采用稀释涂布平板法检测水样中细菌含量。在涂布接种前，随机取若干灭菌后的空白平板先行培养了一段时间，这样做的目的是_；然后，将1

19、mL水样稀释100倍，在3个平板上用涂布法分别接入0.1mL稀释液；经适当培养后，3个平板上的菌落数分别为39、38和37, 据此可得出每升水样中的活菌数为_。（2）该小组采用平板划线法分离水样中的细菌，操作时，接种环通过_灭菌，在第二次及以后的划线时，总是从上一次划线的末端开始划线，这样做的目的是_。（3）示意图A和B中，_表示的是用稀释涂布平板法接种培养后得到的结果。（4）该小组将得到的菌株接种到液体培养基中并混匀，一部分进行静置培养，另一部分进行振荡培养，结果发现：振荡培养的细菌比静置培养的细菌生长速度快。分析其原因是：振荡培养能提高培养液中_的含量，同时可使菌体与培养液充分接触，提高_

20、的利用率。【命题意图】检测考生微生物培养相关知识的掌握情况。【考查范围】微生物培养过程中的无菌技术、接种方法、分离计数。【解析】（1）接种前培养空白平板，目的是检测培养基平板灭菌是否合格。3个平板上的菌落数符合计数要求，它们的平均值为38，所以每升水样中的活菌数=380.11001000=3.8107个。（2）接种环灭菌的常用方法是灼烧；每次划线后，线条末端细菌的数目比线条起始处要少，每次从上一次划线的末端开始，能使细菌的数目随着划线次数的增加 而逐步减少，最终能得到由单个细菌繁殖而来的菌落。（3）A中菌落呈线性分布并逐渐稀疏，符合划线法接种的特点；B中单个的菌落均匀分布，符合稀释涂布法接种的

21、特点。（4）液体培养基在震荡过程中增大了与空气的接触，使得培养基中的溶解氧增多；同时震荡还可以使微生物不发生堆积，增大了菌体与培养液的接触，菌体可以更好地从培养液中吸收营养物质，提高营养物质的利用率。【答案】（1）检测培养基平板灭菌是否合格3.8107（每空2分，共4分）（2）灼烧（2分）将聚集的菌体逐步稀释以便获得单个菌落（3分）（3）B（2分）（4）溶解氧营养物质（每空2分，共4分）40生物选修3：现代生物科技专题（15分）植物甲具有极强的耐旱性，其耐旱性与某个基因有关，若从该植物中获得该耐旱基因，并将其转移到耐旱性低的植物乙中，有可能提高后者的耐旱性。回答下列问题：（1）理论上，基因组文

22、库含有生物的_基因；而cDNA文库含有生物的_基因。（2）若要从植物甲中获得耐旱基因，可首先建立该植物的基因组文库，再从中_出所需的耐旱基因。（3）将耐旱基因导入农杆菌，并通过农杆菌转化法将其导入植物_的体细胞中，经过一系列的过程得到再生植株。要确认该耐旱基因是否在再生植株中正确表达，应检测此再生植株中该基因的_，如果检测结果呈阳性，再在田间试验中检测植株的_是否得到提高。（4）假如用得到的二倍体转基因耐旱植株自交，子代中耐旱与不耐旱植株的数量比为3:1时，则可推测该耐旱基因整合到了_（填“同源染色体的一条上”或“同源染色体的两条上”）【命题意图】检测考生对基因工程基本概念的理解和操作过程的理

23、解程度。【考查范围】基因工程的操作过程、基因分离定律。【解析】（1）基因文库构建时，将某种生物的全部DNA片段导入受体菌的群体中储存，这个受体菌群体就包含了这种生物的全部基因，就叫做该生物的基因组文库；如果基因文库构建时，是将这种生物某一发育时期的mRNA反转录产生的cDNA片段导入受体菌的群体中储存，那么这个受体菌群体就只包含这种生物的一部分基因，就叫做该生物的而cDNA文库。（2）从基因文库中得到目的基因，必须根据目的基因的有关信息进行筛选。（3）由题意可知，受体细胞是植物乙的细胞；检测目的基因是否在再生植株中正确表达，应检测该基因的表达产物，包括该基因表达产生的mRNA和蛋白质；目的基因的检测和鉴定除了分子水平的检测外，还需要进行个体生物学水平的鉴定，以确定是否有抗性以及抗性的程度。（4）由题意可知，该植株自交，后代出现性状分离比为3:1，可知该植株为杂合子，所以该耐旱基因整合到了同源染色体的一条上。【答案】（1）全部（2分）部分（2分，其他合理答案也给分）（2）筛选（2分，其他合理答案也给分）（3）乙（2分）表达产物（2分，其他合理答案也给分） 耐旱性（2分）（4）同源染色体的一条上（3分）2014年高考（新课标II卷） 第 9 页 共 9 页