2014安徽物理中考题及解析

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1、安徽省2014年中考物理试卷一、填空题（第1-3题每空1分，其余各题每空2分，共28分；将答案直接写在横线上）1（2分）（2014安徽）（1）0.8g/cm3= 0.8103 kg/m3（2）360km/h= 100 m/s 考点：物理量的单位及单位换算专题：其他综合题分析：本题根据密度和速度的单位的进率进行换算换算的步骤为：原来的数字、乘号、进率、后来的单位、最终结果解答：解：（1）1g/cm3=103kg/m3，0.8g/cm3=0.8103kg/m3；（2）1km/h=m/s，360km/h=360m/s=100m/s故答案为：（1）0.8103；（2）100点评：无论什么物理量的单位换

2、算，前面的数都表示倍数，不进行换算，只是把后面的单位进行换算这才是真正意义上的单位换算 2（1分）（2014安徽）各种管乐器在演奏时，乐音是管中空气柱的振动产生的在进行管乐器的演奏过程中，当用手指堵在管上不同位置的孔时，就改变了振动部分空气柱的长度，从而改变了所产生乐音的 音调 考点：音调专题：声现象分析：音调跟频率有关，频率越大，音调越高质量大体积大的物体难振动，频率小，音调低解答：解：吹笛子是笛子内的空气柱振动发声，用手分别按住不同的笛孔，空气柱的长度不同，质量不同，体积不同，振动频率不同，音调不同故答案为：音调点评：掌握弦乐、管乐、打击乐的音调、响度的影响因素 3（1分）（2014安徽）

3、惯性是物体本身的属性我们知道战斗机在战斗前都要丢掉副油箱，这是为了 减小 （选填“增大”或“减小”）它的惯性，以提高它的灵活性 考点：惯性专题：运动和力分析：惯性的大小与质量有关，质量越大，惯性越大；反之，质量越小，惯性越小解答：解：战斗机在战斗前要抛掉副油箱，是为了减小飞机的质量来减小飞机的惯性，使自身的运动状态容易改变，以提高歼击机的灵活性故答案为：减小点评：此题主要考查学生对惯性的理解惯性现象在现实生活中随处可见，和我们的生活密切相关，学习中要注意联系实际，用所学惯性知识解决生活中的实际问题通过对此事例的探究，加强了学生分析问题的能力和利用物理知识来解决生活中实际问题的能力 4（4分）（

4、2014安徽）运用分子动理论，可以对液体的蒸发现象作出合理地解释：由于液体表面的分子在做 无规则运动 ，所以在任何温度下蒸发现象都能发生；温度越高，分子的 无规则运动（热运动）越剧烈 ，从而蒸发越快 考点：分子动理论的基本观点专题：分子热运动、内能分析：（1）组成物体的分子在不停地做无规则运动；（2）需要知道温度的概念和实质温度是表示物体冷热程度的物理量从分子运动论来看，温度反映了物体内分子做无规则运动的剧烈程度，温度越高 分子运动越剧烈，温度越低，分子运动越缓慢，热运动和温度有关，温度越高分子扩散就越快解答：解：从分子运动论的观点讲，构成物体的分子在不停地做无规则运动，温度反映了物体内部分子

5、无规则运动的剧烈程度，温度越高 分子无规则运动越剧烈故答案为：无规则运动；无规则运动（热运动）越剧烈点评：本题考查了，分子热运动与温度的关系，属于基础知识 5（4分）（2014安徽）如图所示的电路中，电源电压保持6V不变，电阻R1=10，R2=20，闭合开关S，则R1消耗的电功率为 0.4 W；若通电30s，电阻R2产生的热量为 24 J 考点：电功率的计算；焦耳定律专题：计算题；电能和电功率分析：由电路图可知，两电阻串联（1）根据串联电路的电阻特点和欧姆定律求出电路中的电流；（2）根据P=I2R求出R1的电功率；根据Q=I2Rt求出通电时间30s电阻R2产生的热量解答：解：由电路图可知，两电

6、阻串联（1）串联电路中总阻值等于串联的各电阻之和，R=R1+R2=10+20=30，根据欧姆定律可得，电路中的电流：I=0.2A；（2）由P=UI=I2R得：R1的电功率P1=I2R1=（0.2A）210=0.4W；串联电路中总电压等于各分电压之和，电阻R2产生的热量Q2=I2R2t（0.2A）22030s=24J故答案为：0.4；24点评：本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式、焦耳定律的应用，利用好公式和规律是关键 6（4分）（2014安徽）攀岩是一项挑战自然，超越自我的惊险运动一位攀岩者体重为520N，背着质量为8kg的背包，用时40min登上高为9m的峭壁在此过程中攀岩者对背包

7、做功 720 J，他做功的平均功率是 2.25 W（g取10N/kg） 考点：功的计算；功率的计算专题：功、功率、机械效率分析：（1）已知背包质量，可利用公式G=mg计算重力，已知攀登的高度，利用公式W=Gh计算功（2）已知攀岩者在此过程中所做的功和做功的时间，可利用公式P=计算功率解答：解：（1）m包=8kg，g=10N/Kg，G包=m包g=8kg10N/Kg=80N，在此过程中攀岩者对背包做功W1=G包h=80N9m=720J（2）G人=520N，从而可知，G=G人+G包=520N+80N=600N，W=Gh=600N9m=5400JW=5400J，t=40min=2400s，P=2.25

8、W故答案为：720；2.25点评：本题考查了利用重力的公式、功的公式和功率的公式进行分析和计算，已知量都知道，直接代入数值即可 7（2分）（2014安徽）如图所示，把小磁针放在桌面上，将一根直导线平行架在静止的小磁针上方，当导线中有电流通过时，小磁针就会发生偏转请运用场的观点解释小磁针发生偏转的原因： 通电导体周围产生磁场，小磁针在磁场力作用下偏转 考点：通电直导线周围的磁场专题：磁现象、电生磁分析：1820年奥斯特发现：当小磁针发生偏转时，说明了磁场的存在，当电流方向改变时，产生的磁场的方向也改变，故小磁针的偏转方向也改变解答：解：放在磁场中的磁体会受到力的作用，当小磁针发生偏转时，说明磁针

9、处在磁场中，即说明通电导体周围存在着磁场故答案为：通电导体周围产生磁场，小磁针在磁场力作用下偏转点评：本题考查的磁场的基本性质是对放在磁场中的磁体有力的作用 8（2分）（2014安徽）切割大理石、钢板的“水刀”可以对切割表面产生高达108Pa的压强，那么“水刀”作用在107m2的面积上，产生的压力为 10 N 考点：压强的大小及其计算专题：压强、液体的压强分析：知道对切割表面产生的压强和受力面积，利用F=pS求产生的压力解答：解：由p=得：F=pS=108Pa107m2=10N故答案为：10点评：本题考查了学生对压强定义式的了解与掌握，属于基础题目 9（4分）（2014安徽）某太阳能热水器装有

10、100kg、初温为20的冷水，经过一天的太阳照射，水温升高到65，则这些水吸收的热量等于完全燃烧 0.45 m3天然气所放出的热量；假如用功率为2kW的电热水器产生同样多的热量，则通电的时间为 9450 s已知水的比热容为4.2103J/（kg）、天然气的热值为4.2107J/m3 考点：电功与热量的综合计算专题：电和热综合题分析：（1）已知水的比热容、质量和温度变化，可利用Q吸=cmt计算水吸收热量；然后利用Q放=qV的变形公式求出天然气的体积；（2）根据Q=W=Pt的变形公式即可求出电热水器的通电时间解答：解：（1）水吸收的热量：Q吸=cmt=4.2103 J/（）100kg（6520）=

11、1.89106J；因为Q吸=Q放，所以由Q放=qV可知，V=0.45m3；（2）由Q吸=W=Pt可知，t=9450s故答案为：0.45；9450点评：本题综合考查了水吸收热量的计算、燃料燃烧放出热量的计算以及电功计算公式的应用，因条件已给出，难度不大 10（4分）（2014安徽）一均匀的长方体浸没在液体中，如图所示已知它的底面积为S，上表面所处深度为h1，下表面所处深度为h2，则长方体下表面所受到液体的压力表达式为 液gh2S 、浮力表达式为 液g（h2h1）S （液体密度液和g为已知量） 考点：液体压强计算公式的应用；浮力大小的计算专题：压强和浮力分析：根据液体压强公式p=gh、压强公式的变

12、形公式F=pS推导证明解答：解：由液体压强公式p=gh及压强公式的变形公式F=pS得：F1=p1S=液gh1S；F2=p2S=液gh2S，F浮=F2F1=液gh2S液gh1S=液g（h2h1）S故答案为：液gh2S；液g（h2h1）S点评：本题考查了：液体压强公式p=gh、压强公式的变形公式F=pS、浮力公式F浮=gV排，推导证明过程简单，是一道基础题 二、选择题（每小题3分，共21分；每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题意，请把符合题意的选项序号填入下面的表格内，未填入表格内的不能得分）11（3分）（2014安徽）如图所示，一物体沿斜面向下匀速滑动关于该物体的受力，以下分析正确的是（

13、） A物体只受到重力和摩擦力的作用B物体只受到重力和弹力的作用C物体同时受到重力、弹力和摩擦力的作用D物体只受到重力的作用 考点：力与图象的结合专题：运动和力分析：先对物体进行受力分析，由题意可知，物体做匀速直线运动，则由共点力的平衡条件可知物体的受力情况由于发生弹性形变而使物体受到的力叫弹力，弹力是一种接触才能产生的力解答：解：对物体受力分析可知，物体一定受重力和支持力的作用，由于两力不在同一直线上，因此二力不可能使物体处于平衡状态；由于物体沿斜面向下运动，则物体受沿斜面向上的摩擦力作用；故物体受到重力、支持力及摩擦力的作用根据弹力的定义可知，拉力、压力、支持力、推力都属于弹力，因此物体受重

14、力、弹力和摩擦力的作用故选C点评：理解力的概念，掌握力的特点，是正确分析受力的基础和依据要想熟练掌握，还需要通过一定量的练习，不断加深对物体运动规律的认识，反复体会方法，总结技巧才能达到 12（3分）（2014安徽）图为直流电动机的工作原理图以下相关的分析中正确的是（ ） A电动机工作过程中，消耗的电能全部转化为内能B电动机工作过程中，消耗的电能全部转化为机械能C电动机工作过程中，线圈中也产生感应电流D电动机工作过程中，线圈中的电流方向保持不变 考点：直流电动机的原理专题：电动机、磁生电分析：直流电动机是根据通电线圈在磁场中受力转动的原理制成的；通电线圈在磁场中受力转动，将电能转化为机械能解答

15、：解：电动机工作过程中，消耗的电能几乎全部转化为机械能，故A、B错误；电动机工作过程中，线圈中也产生感应电流，故C叙述正确，符合题意；在制作直流电动机时安装了换向器，当线圈转过平衡位置时及时改变线圈中电流的方向，从而改变线圈的受力方向，使线圈能够保证持续转动，故选项D叙述错误，不符合题意故选：C点评：此题主要考查的是学生对电动机原理、能量转化和直流电动机各部分名称的了解和掌握，基础性题目 13（3分）（2014安徽）以下说法中，错误的是（ ）A测量铅笔的长度可以选用毫米刻度尺B温度计的玻璃泡应与被测液体充分接触C使用测电笔时要用手接触笔尾金属体D弹簧测力计只能测量竖直方向上力的大小 考点：长度

16、的测量；温度计的使用及其读数；弹簧测力计的使用与读数；测电笔的使用专题：基本仪器的使用专题分析：根据对常见测量工具用途和使用规则的掌握作答解答：解：A、为保证测量结果比较精确，测量铅笔长度时要选择毫米刻度尺，并且测量结果估读到mm下一位此选项正确，不符合题意；B、使用温度计测量液体温度时，必须使温度计的玻璃泡与液体充分接触，但不能接触容器底或容器壁此选项正确，不符合题意；C、使用测电笔检验电路时，手指要接触测电笔尾部的金属体此选项正确，不符合题意；D、在正确使用的前提下，弹簧测力计可以根据需要测量不同方向的拉力此选项错误，符合题意故选D点评：物理中有很多的测量工具，刻度尺、秒表、电流表、电压表

17、、天平、量筒、弹簧测力计、温度计等，任何一种工具，一定要注意每一个大格和每一个小格各代表多少刻度尺需要估读到分度值的下一位数字，其他的测量工具不需要估读，读出最接近的数值即可 14（3分）（2014安徽）工人师傅使用一个动滑轮将400N的重物匀速提升到3m高处，假如所用的拉力方向竖直向上、大小为250N，则（ ）A拉力所做的功为750JB机械的效率为80%C若用该动滑轮提升更重的货物，机械效率将保持不变D若采用轻质滑轮完成原任务，机械效率将保持不变 考点：功的计算；机械效率；机械效率的计算专题：功、功率、机械效率分析：（1）知道物体上升的高度，可利用公式W有用=Gh计算有用功；从题可知，使用的

18、是一个动滑轮，则n=2，可利用s=2h求出拉力移动的距离，知道拉力大小，可利用公式W总=Fs计算拉力做的总功；最后利用机械效率的公式求动滑轮的机械效率；（2）增大机械效率的方法有二：一是增大有用功，即拉更重的重物；二是减小额外功，如减小摩擦、减轻动滑轮重解答：解：A、拉力移动的距离为：s=2h=23m=6m，拉力做的总功为：W总=Fs=250N6m=1500J，故A错误；B、有用功W有用=Gh=400N3m=1200J，滑轮组的机械效率为：=100%=100%=80%，故B正确C、此题滑轮没有发生变化，所以在此过程中所做的额外功不变，由于物体的重力增加，所以有用功增大，由公式=可知，若用该动滑

19、轮提升更重的货物，有用功在总功中所占的比值将增大，所以机械效率变大，故C错误D、采用轻质滑轮完成原任务，额外功减小，式=可知，机械效率变大，故D错误故选B点评：本题考查了学生对有用功、总功、功率公式、机械效率公式、滑轮组s=nh的理解和运用，理解并求出有用功和总功是本题的关键滑轮组的题目要先确定滑轮的性质，判断滑轮绳子段数，然后确定G、F、S、h之间的关系进行计算 15（3分）（2014安徽）如图所示，在光滑的水平台面上，一轻弹簧左端固定，右端连接一金属小球，O点是弹簧保持原长时小球的位置开始时通过小球压缩弹簧到A位置（已知AO=OB），释放小球，研究小球在水平方向上的受力和运动情况，则（ ）

20、 A小球从A运动到O的过程中所受弹力方向向右、速度不断增大B小球从O运动到B的过程中所受弹力方向向右、速度不断减小C小球运动到B点时将停止运动并保持静止D小球在运动过程中所受弹力的方向保持不变 考点：速度与物体运动专题：运动和力分析：（1）小球从A运动到O的过程中，弹簧恢复原状，将弹性势能转化为动能，此时小球所受弹力方向向右、速度不断增大；（2）小球从O运动到B的过程中，弹簧被拉开，球的动能转化为弹簧的弹性势能，此时小球所受弹力方向向左、速度不断减小；（3）小球运动到B点时，由于惯性还会向前运动，直到速度为零，因此不会停止运动并保持静止；（4）小球在运动过程中所受弹力的方向先向右后向左，是变化

21、的解答：解：A、小球从A运动到O的过程中，弹簧恢复原状，将弹性势能转化为动能，此时小球所受弹力方向向右、速度不断增大，故A正确；B、小球从O运动到B的过程中，弹簧被拉开，球的动能转化为弹簧的弹性势能，此时小球所受弹力方向向左、速度不断减小，故B错误；C、小球运动到B点时，由于惯性还会向前运动，直到速度为零，因此不会停止运动并保持静止，故C错误；D、小球在运动过程中所受弹力的方向先向右后向左，是变化的，故D错误故选：A点评：此题考查学生对于物体运动中受力的分析和理解，注意逐项分析 16（3分）（2014安徽）如图所示的电路中，闭合开关，发现每个电表都有一定的示数向右移动变阻器的滑片，则（ ） A

22、电流表A1示数减小，电流表A2和电压表V示数增加B电流表A1和A2示数都减小，电压表V示数增加C电流表A1、A2和电压表V示数都减小D电流表A1、A2和电压表V示数都增加 考点：电路的动态分析专题：电路变化分析综合题分析：根据电路图可知，R1、R2并联后与滑动变阻器串联，电流表A1测量干路电流，电流表A2测量R1支路电流，电压表测量并联电路两端电压；根据滑片移动的方向确定电路电阻的变化，然后根据欧姆定律判断干路电流的变化，再根据U=IR判断电压表示数的变化，最后根据欧姆定律可知电流表A2示数的变化解答：解：由电路图可知，R1、R2并联后与滑动变阻器串联，电流表A1测量干路电流，电流表A2测量R

23、1支路电流，电压表测量并联电路两端电压；当滑动变阻器的滑片P向右移动时，接入电路的电阻变小，电路的总电阻变小，根据I=可知，干路电流变大，即电流表A1的示数变大；由于并联电路部分的电阻不变，根据U=IR可知，并联电路两端电压变大，即电压表示数变大；由于R1的阻值不变，由I=可知，通过R1的电流变大，即电流表A2的示数变大；综合上述分析可得，电流表A1、A2和电压表V示数都变大故选D点评：本题考查欧姆定律公式及其变形的灵活运用，难点是判断滑动变阻器滑片移动过程中电路电阻的变化 17（3分）（2014安徽）身高相同的兄弟二人用一根重力不计的均匀扁担抬起一个900N的重物已知扁担长为1.8m，重物悬

24、挂点与哥哥的肩之间的距离OA=0.8m，如图所示则（ ） A以哥哥的肩A为支点，可计算出弟弟承担的压力为400NB以O为支点，可计算出兄弟二人承担的压力之比为4：9C以O为支点，可计算出兄弟二人承担的压力之比为9：5D以弟弟的肩B为支点，可计算处哥哥承担的压力为600N 考点：杠杆的平衡分析法及其应用专题：简单机械分析：（1）根据杠杆平衡的条件（F1L1=F2L2）计算出弟弟对杠杆的支持力，然后根据相互作用力的关系求出压力的大小；（2）以O为支点，利用杠杆平衡条件的变形公式即可求出兄弟二人对杠杆支持力之比，然后根据相互作用力的关系可知兄弟二人承担的压力之比；（3）根据杠杆平衡的条件（F1L1=

25、F2L2）计算出哥哥对杠杆的支持力，然后根据相互作用力的关系求出压力的大小解答：解：A、以哥哥的肩A为支点，由F1L1=F2L2可知，弟弟对杠杆的支持力：F1=400N；由于压力和支持力是一对相互作用力，因此弟弟承担的压力为400N，故A正确；BC、以O为支点，由F1L1=F2L2可知，兄弟二人对杠杆支持力之比为=，由于压力和支持力是一对相互作用力，因此兄弟二人承担的压力之比为4：5或5：4；故BC错误；D、以弟弟的肩B为支点，由F1L1=F2L2可知，哥哥对杠杆的支持力：F1=500N；由于压力和支持力是一对相互作用力，因此哥哥承担的压力为500N，故D错误故选A点评：本题考查了学生对杠杆平

26、衡条件的理解和灵活运用，根据图示得出不同情况下已知力和力臂的大小是本题的解题关键 三、实验题（第18小题8分，第19小题11分，共19分）18（8分）（2014安徽）现用托盘天平称量一物体的质量把天平放在水平台面上，取下两侧的橡胶垫圈，指针就开始摆动稳定后，指针指在分度盘的位置如图a所示 （1）请从实验操作的角度，详细叙述接下来的调节过程： 把游码移到衡梁标尺左端零点，调节平衡螺母使横梁平衡如果指针任然左偏，向右调平衡螺母，使指针对准分度盘中央 （2）调节完成后，将物体放在左盘，在右盘中增减砝码，并通过移动游码，再次使天平横梁平衡这时右盘中的砝码情况和游码在标尺上的位置如图b所示，则物体的质量

27、为 46.2 g 考点：质量的测量与天平专题：测量型实验综合题分析：（1）首先把天平放在水平桌面上，再调节平衡螺母直到横梁平衡；调节天平平衡时，如果指针向左偏，平衡螺母向右调，如果指针向右偏，平衡螺母向左调；（2）天平的使用包括两大步，即天平的调节和物体的称量，平衡螺母是在调节过程中来调节横梁平衡的，而称量过程中不能调节平衡螺母解答：解：（1）首先把天平放在水平桌面上，由图1可知，指针向左偏，接下来的调节过程为：把游码移到衡梁标尺左端零点，调节平衡螺母使横梁平衡如果指针仍然左偏，向右调平衡螺母，使指针对准分度盘中央；（2）物体的质量为钩码的质量加游码的质量m=20g+20g+5g+1.2g=4

28、6.2g；故答案为：（1）把游码移到衡梁标尺左端零点，调节平衡螺母使横梁平衡如果指针任然左偏，向右调平衡螺母，使指针对准分度盘中央；（2）46.2点评：此题主要考查的是天平的正确使用方法，是中考的常见题型，难度不是很大 19（11分）（2014安徽）在测量额定电压为2.5V的某小灯泡电阻的实验中，实验电路图如图a所示闭合开关，调节滑动变阻器，改变小灯泡两端的电压，相应地读取通过小灯泡灯丝的电流表中记录的是每次的测量值U/V00.501.001.502.002.50I/A00.170.300.390.450.49 （1）以电压为横坐标、电流为纵坐标，将测量数据转换为坐标点，标记在坐标系中，如图b

29、所示，请用平滑曲线将这些点连接起来（2）通过计算或根据所画的实验图线都可以发现，小灯泡灯丝的电阻值是 变化 （选填“变化”或“不变”）的，且随着电压的升高，其阻值 变大 （选填“变大”或“变小”）（3）按照电路图a，在图c中将实物图连接起来 考点：中考集萃；伏安法测电阻的探究实验专题：探究型实验综合题分析：（1）用平滑曲线将图b中各点连接起来（2）根据表中数据得出，当灯泡两端所加电压为0.5V、1V、1.5V、2V、2.5V时，通过灯丝的电流，求出电阻进行比较得出结论（3）根据灯泡的额定电压确定电压表的量程，根据表中通过灯泡的最大电流确定电流表的量程；根据电路图连接实物图时，可以根据电流流向法

30、进行连接，先从电源的正极出发依次串联电路元件最多的支路，再把并联的部分串联到相应的位置即可，连接过程中要注意滑动变阻器、电流表、电压表的接线柱解答：解：（1）用平滑曲线将图b中各点连接起来，如下图所示：（2）由表中数据可知，当灯泡两端所加电压为0.5V、1V、1.5V、2V、2.5V时，通过灯丝的电流分别为0.17A、0.30A、0.39A、0.45A、0.49A；由I=可得，不同电压下对应的电阻：R1=2.94R2=3.33R3=3.85R4=4.44R5=5.1由此可见，小灯泡灯丝的电阻值是变化的，并且随着小灯泡两端电压的变大，小灯泡灯丝的电阻值变大；（3）因为灯泡的额定电压为2.5V，所

31、以电压表的量程为03V；根据表中数据可知，通过灯泡的最大电流为0.49A，因此电流表的量程选择00.6A；从正极出发依次串联开关S、滑动变阻器、电流表以及灯泡回到负极，电压表并联在灯泡两端，注意滑动变阻器按一上一下的原则接线，如下图所示：故答案为：（2）变化；变大点评：此题是“测量小灯泡电阻”的实验，考查了利用描点法作图、电压表、电流表和滑动变阻器的连接，同时还考查了对欧姆定律的应用及灯丝电阻与温度的关系 四、计算与推导题（第20小题7分，第21小题8分，第22小题7分，共22分；解答要有必要的公式和过程，只有最后答案的不能得分）20（7分）（2014安徽）如图所示，一个重为G的物体放在水平地

32、面上，在水平向右的拉力F作用下，沿水平面向右作匀速直线运动，已知G=40N，F=10N（1）求运动过程中物体受到滑动摩擦力f的大小；（2）我们知道，滑动摩擦力f的大小是由物体接触面间的压力FN和接触面的粗糙程度决定的物理学中用动摩擦因数表示接触面的粗糙程度，则有关系式f=FN成立求图中物体与地面间的动摩擦因数 考点：摩擦力的大小专题：重力、弹力、摩擦力分析：物体做匀速直线运动时，受到的是平衡力，拉力等于摩擦力；由关系式f=FN带入数据求得图中物体与地面间的动摩擦因数解答：解：（1）物体匀速运动，水平方向受力平衡，所以f=F=10N（2）在水平面上，压力等于重力，FN=G=40Nf=FN=0.2

33、5答：（1）运动过程中物体受到滑动摩擦力f的大小为10N；（2）图中物体与地面间的动摩擦因数为0.25点评：本题考查了重力大小、二力平衡条件，解题的关键是把握住物体做匀速直线运动时受到的力是平衡力 21（8分）（2014安徽）实际测量中所使用的电流表是由小量程电流表改装而成的图a中G是满偏电流（即小量程电流表允许通过的最大电流）Ig=3mA的电流表，其电阻Rg=10，要把它改装为一个量程为3A的电流表（如图b），问： （1）当通过小量程电流表的电流为满偏电流时，它两端的电压为多少；（2）需要给它并联一个多大的电阻R0；（计算结果小数点后保留两位数字）（3）设改装后的电流表的电阻为R，比较R与R

34、0的大小关系，并简单地说明理由 考点：欧姆定律的应用专题：电路和欧姆定律分析：（1）已知小量程电流表的电阻和最大电流，利用公式U=IR得到两端电压；（2）已知小量程电流表的最大电流和改装后的电路电流，可以得到通过电阻的电流；已知电阻两端电压和通过的电流，利用R=得到阻值；解答：解：（1）I=，当通过小量程电流表的电流为满偏电流时，它两端的电压为U=IgRg=0.003A10=0.03V；（2）两个电阻并联时，通过R0的电流为I0=I最大Ig=3A0.003A=2.997A，并联电阻为R0=0.01；（3）电阻并联相当于增加了导体横截面积，总电阻比最小的电阻都小，所以R小于R0，根据并联电路特点

35、，R=，由于R0远小于Rg，所以（Rg+R0）Rg，所以R=R0答：（1）当通过小量程电流表的电流为满偏电流时，它两端的电压为0.03V；（2）需要并联的电阻约0.01；（3）R与R0阻值接近相同点评：此题考查的是我们对电流表制作原理的理解和应用，包含了并联电路的特点和欧姆定律的应用，是基本学习内容的升华 22（7分）（2014安徽）凸透镜的成像规律可以通过画光路图去理解在光路图中凸透镜用图a表示，O点为光心，F为焦点图b中AB是物体AB经透镜所成的像 （1）请画出图b中两条入射光线的出射光线，完成成像光路图；（2）在图b中，物距用u表示，即u=BO；像距用v表示，即v=OB；焦距用f表示，即

36、f=OF请运用几何知识证明： += 考点：凸透镜成像规律及其探究实验专题：探究型实验综合题分析：（1）先弄清两特殊光线的做法，再在b中完成光路图，经过光心光线不改变方向；平行于主光轴光线折射经过右焦点两条光线交点就是成像点；（2）利用几何知识中的三角形相似，对应边成比例，解决物距、像距和焦距之间的定量关系解答：解：（1）经过光心光线不改变方向；平行于主光轴光线折射经过右焦点两条光线交点就是成像点，光路图如图所示：（2）设经过光心光线，左段AO为a，右段OA为b，根据几何知识可知：OAFAAC，：ABOABO则=即： =两式联立消去a、b即得+=点评：本题主要考查了凸透镜成像的光路图画法以及物距、像距和焦距之间的定量关系的推导，充分利用几何知识是解决问题的关键