2014达州市中考物理试卷及答案解析

《2014达州市中考物理试卷及答案解析》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2014达州市中考物理试卷及答案解析（18页珍藏版）》请在装配图网上搜索。

1、2014年四川省达州市中考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题：（每小题3分，共30分）1（3分）（2014达州）下列有关声现象说法正确的是（）A中考期间考场附近禁止鸣笛，是在声源处消声来控制噪声的B“声纹门锁”是依据声音的响度来识别的C声音的传播速度是340m/sD我们可以利用回声来测量地球与月球之间的距离新| 课 |标 |第 |一| 网考点：防治噪声的途径；声音的传播条件；音色；声音的综合利用专题：声现象分析：（1）防止噪声的途径：在声源处减弱、在传播过程中减弱、在人耳处减弱；（2）不同物体发声时，声音的特色不同，就是指音色不同；（3）声音在不同的介质中传播速度不同，一般在固体中传播速度最

2、快，在液体中次之，在气体中传播最慢；（4）声音的传播需要介质，真空不能传声解答：解：A、中考期间考场附近禁止鸣笛，是在声源处消声来控制噪声的，该选项说法正确；B、“声纹门锁”是依据声音的音色来识别的，该选项说法不正确；C、声音在15空气中的传播速度是340m/s，在固体和液体中速度比这个速度要大，该选项说法不正确；D、月球和地球之间没有空气，因此不能用回声测距测距离，该选项说法不正确故选A点评：本题考查了噪声、音色以及声音的传播的相关知识，属于声学基础知识的考查，相对比较简单2（3分）（2014达州）下列关于光学现象的描述正确的是（）A图甲中，树荫下的阴影是小孔成的像B图乙中，人配戴该透镜可以

3、矫正远视眼C图丙中，雨后天空中的彩虹是光的反射现象D图丁中，桥在水中的倒影是光的折射现象考点：光直线传播的应用；光的反射；光的折射现象及其应用；凸透镜成像的应用专题：光的传播和反射、平面镜成像；光的折射、光的色散；透镜及其应用分析：（1）光在同种均匀物质中沿直线传播，在日常生活中，激光准直、小孔成像和影子的形成等，都表明光在同一种均匀介质中是沿直线传播的；（2）当光照射到物体界面上时，有一部分光被反射回来的现象是光的反射，例如：平面镜成像、水中倒影都是由光的反射形成的；（3）当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向会发生偏折，这就是光的折射，复色光发生折射时，会出现色散现象，如：海市蜃楼、看

4、水里的鱼比实际位置浅、雨后天空中的彩虹等都是光的折射形成的解答：解：A、树荫下的阴影，是树的影子，是光沿直线传播形成的，该选项说法不正确；B、图中所示的透镜能起放大作用，因此是凸透镜，可以矫正远视眼，该选项说法正确；C、雨后天空的彩虹是光的色散现象，属于光的折射，该选项说法不正确；D、桥在水中的倒影是桥在水面上成的像，属于光的反射，该选项说法不正确故选B点评：本题通过几个日常生活中的现象考查了对光的折射、光的直线传播、光的反射的理解与掌握，在学习过程中要善于利用所学知识解释有关现象，达到学以致用的目的3（3分）（2014达州）下列生活现象与物理知识对应不正确的是（）A端午节粽香飘扩散现象B驾驶

5、员驾驶汽车需系安全带惯性的利用C飞机获得的升力流体压强与流速的关系D高压锅易煮熟食物沸点与气压的关系考点：扩散现象；沸点及沸点与气压的关系；惯性；流体压强与流速的关系专题：其他综合题分析：（1）物质是由分子组成的，组成的物质的分子在不停地做无规则运动；（2）物体具有保持原来运动状态不变的性质叫做惯性，惯性是物体的基本属性，任何物体都具有惯性；（3）在气体或者液体中，流速越大的位置，压强越小；（4）液体的沸点与气压有关，随气压的升高而升高解答：解：A、端午节闻到粽子的香味，是气体分子运动的结果，属于扩散现象，该选项说法正确，不符合题意；B、驾驶员驾驶汽车需系安全带，是为了防止汽车突然刹车时人由于

6、惯性仍然会高速向前运动，容易撞到车内前方的硬物而受伤，是防止惯性带来的危害，该选项说法不正确，符合题意；C、机翼上表面弯曲，下表面平直，空气通过机翼上表面的流速大，压强小，通过下表面的流速较小，压强大，所以飞机受到一个向上的升力，该选项说法正确，不符合题意；D、高压锅是利用了增大锅内气压来提高沸点的，该选项说法正确，不符合题意故选B点评：本题是一道综合题目，需要结合多个物理知识点进行分析解答，属于综合题目，是中考中的易错题目4（3分）（2014达州）弹簧测力计分别受到水平向左的F1和水平向右的F2的拉力作用，F1、F2均为3N，弹簧测力计静止时如图所示，下列说法正确的是（）新-课- 标-第 一

7、-网A弹簧测力计的示数为0NB弹簧测力计的示数为6NCF1、F2是一对相互作用力DF1、F2是一对平衡力考点：弹簧测力计在力的相互性方面的应用专题：基本仪器的使用专题分析：因为力的作用是相互的，一个力不可能脱离开另一个力而单独存在，两个力分别向两边拉，与一端固定只拉另一端效果是相同的解答：解：用两个方向相反的力向两端拉弹簧测力计，与只拉一端效果是相同的；因为物体间力的作用是相互的，拉一端时，另一端也必须有力的作用，因此，弹簧测力计不可能显示两边的拉力之和，而只会显示一个力的大小，即3N；因为F1、F2方向相反，都作用在弹簧测力计上且均为3N，弹簧测力计静止不动，所以F1、F2是一对平衡力故选D

8、点评：根据力的作用的相互性我们要明确，从两端拉测力计和一端固定拉另一端效果是相同的5（3分）（2014达州）初三学生小华从一楼步行到三楼，用时0.2min，他步行的路程约为12m，升高高度为6m，下列估算正确的是（）A小华步行的平均速度约为0.5m/sB小华步行的平均速度约为0.75m/sC小华重力做的功约为3000JD小华重力做的功约为4500J考点：速度的计算；功的计算专题：运动和力分析：（1）根据v=求出小华步行的平均速度；（2）估测出小华的质量，根据G=mg求出其重力，根据W=Gh求出小华克服重力做的功解答：解：（1）小华步行的平均速度v=1m/s，故A、B错误；（2）小华的质量约是m

9、=50kg，小华受的重力G=mg=50kg10N/kg=500N，小华重力做的功W=Gh=500N6m=3000J，故C正确，D错误故选C点评：此题主要考查的是学生对速度、重力、功的计算公式的理解和掌握，估测出小华的质量是解决此题的关键6（3分）（2014达州）用弹簧测力计竖直挂一物体，当物体浸入水中体积时，弹簧测力计示数为4N；当物体浸入水中体积时，弹簧测力计示数为1N取下该物体放入水中，物体静止时受到的浮力是（）A18NB14NC10ND8N考点：浮力大小的计算专题：浮力分析：（1）先利用称重法求浸在水中的体积为物体体积的时和物体浸入一半时受到的浮力，从而得出物体的体积和重力；（2）利用F

10、浮=gV排求出此时物体受到的浮力，和重力比较，确定物体存在的状态，利用物体的浮沉条件求此时物体受到的浮力解答：解：（1）由“当吊在弹簧测力计下的物体浸在水中的体积为物体体积的时，弹簧测力计的示数为4N；”可得：F浮1=GF拉1，即水gV=G4N；由“当吊在弹簧测力计下的物体浸在水中的体积为物体体积的时，弹簧测力计的示数为3.5N；”可得：水gV=G1N由，解得V=（2）当从弹簧测力计上取下物体将其缓慢的放入水中，假设其全部浸没，那么它受到的浮力：F浮=gV排=1.0103kg/m3gV=1.0103kg/m3g=18N，将V=代入水gV=G4N；解得G=10N，w W w .X k b 1.c

11、 O m由于F浮G，则取下物体将其缓慢的放入水中，物体漂浮，物体静止时受到的浮力等于其重力，为10N故选C点评：本题考查了密度的计算、重力的计算、浮力的计算（漂浮条件、阿基米德原理），涉及到用称重法测量物体受到的浮力，知识点多，属于难题7（3分）（2014达州）分别标有“6V 6W”和“6V 3W”的甲、乙两只灯泡，经实验测得其IU特性曲线如右图所示现将甲、乙两灯并联在电路中，当两只灯泡的总电流为1A时，两只灯泡消耗的总功率是（）A3WB4WC4.5WD6W考点：电功率的计算专题：电能和电功率分析：甲、乙两灯并联在电路中，两端的电压相等，两只灯泡的总电流为1A时，从图象中找出电压相同，总电流为

12、1A的要求的电压，根据P=UI求总功率解答：解：由图象根据R=可知，甲灯泡的阻值比较的小，两只灯泡的总电流为1A时，由图象可知，当甲灯泡通过的电流为0.6A，乙灯泡通过的电流为0.4A时，电路两端电压为3V，则两个灯泡消耗的总功率为：P=UI=3V1A=3W故选A点评：本题考查了串联电路的电压和电流特点，以及电功率的计算；难点是要通过图象分析找出电压相同，总电流为1A的电压值8（3分）（2014达州）在图所示的电路中，电源电压保持不变闭合开关S，电路正常工作过了会儿，两只电表的示数均变大，则下列判断中正确的是（）A灯L断路B灯L短路C电阻R断路D电阻R短路考点：电流表、电压表在判断电路故障中的

13、应用专题：电流和电路分析：由图可知R与灯泡L串联，电压表测量R两端的电压；由电路中两表示数的变化可知故障的可能性，则由讨论可得结果解答：解：电流表的示数变大，电压表的示数变大，则应该是电路中电灯L局部短路，导致总电阻变小，根据欧姆定律I=，电阻中电流增大，电阻两端电压升高，电压表的示数为电源电压；由分析可得，A、C、D错误，B正确故选B点评：本题考查学生对于电路故障分析的能力，要求学生能正确分析电路，并且全面考虑题目中出现的可能性9（3分）（2014达州）如图所示，电源电压保持不变，R1为定值电阻闭合开关S，当滑动变阻器的滑片向右移动的过程中，下列判断正确的是（）A电流表A的示数变大，电压表V

14、1的示数变小B电流表A的示数变小，电压表V2的示数变小C电压表V1的示数与电流表A的示数的比值变大D电压表V2的示数与电流表A的示数的比值变小考点：电路的动态分析专题：电路变化分析综合题分析：分析清楚电路结构，根据滑片的移动方向判断滑动变阻器接入电路的阻值如何变化，然后应用串联电路特点与欧姆定律分析答题解答：解：由图示电路图可知，两电阻串联，电流表测电路电流，电压表V1测电阻R1两端电压，电压表V2测滑动变阻器两端电压；A、由图示电路图可知，滑片向右移动过程中，滑动变阻器接入电路的阻值减小，电路总电阻减小，电源电压不变，由欧姆定律可知，电路电流变大，电流表示数变大，滑动变阻器接入电路的阻值减小

15、，滑动变阻器分压减小，电压表V2示数减小，灯泡两端电压变大，电压表V1示数变大，故AB错误；C、电压表V1的示数与电流表A的示数的比值等于定值电阻R1的阻值，定值电阻阻值不变，电压表V1的示数与电流表A的示数的比值保持不变，故C错误；D、由A可知，电压表V2的示数变小，电流表A的示数变大，则电压表V2的示数与电流表A的示数的比值变小，故D正确；故选D点评：本题是一道闭合电路动态分析题，分析清楚电路结构、应用串联电路特点、欧姆定律即可正确解题10（3分）（2014达州）如图所示，电源电压恒为8V，电压表量程为03V，滑动变阻器的规格为“20 1A”，灯泡标有“6V 3W”字样若闭合开关，两电表示

16、数均不超过所选量程，灯泡两端的电压不超过额定值，不考虑灯丝电阻变化，则下列说法正确的是（）A电流表的量程应选03AB电压表示数的变化范围03VC滑动变阻器的阻值变化范围47.2D滑动变阻器的最大功率为1W考点：欧姆定律的应用专题：电路和欧姆定律分析：从图中可知，灯泡L与滑动变阻器串联，电压表测量滑动变阻器两端电压，电流表测量灯泡电流；（1）知道灯泡的额定电压和额定功率，根据P=UI求出灯泡的额定电流，利用串联电路电压特点确定电压表的最小示数，然后结合电流表的量程确定电路中的最大电流；（2）电压表示数不超过所选量程，灯泡两端电压不允许超过额定电压，即电压表示数低于2V；（3）确定电路中的最大电流

17、后，根据欧姆定律求出灯泡的电阻和电路中的最小电阻，利用电阻的串联求出滑动变阻器接入电路中的最小阻值；因为电压表量程为03V，则滑动变阻器两端电压不允许超过3V，根据串联电路的电压特点求出此时灯泡两端的电压，根据欧姆定律求出最小电流，则即可求出滑动变阻器接入电路中的最大阻值；（4）根据P=UI求出该电路的最大功率解答：解：从图中可知，灯泡L与滑动变阻器串联，电压表测量滑动变阻器两端电压，电流表测量灯泡电流；根据P=UI得：IL=0.5A，由欧姆定律得：灯泡的电阻：RL=12；电流表测量灯泡的电流，灯泡两端电压不允许超过额定值，也就是电路中的电流最大为灯泡的额定电流，即电路中的最大电流Imax=I

18、L=0.5A； 则电流表的量程应选00.6A，故A错误；由于滑动变阻器与灯泡串联，滑动变阻器两端电压的最小电压为URmin=UUmax=8V6V=2V，由欧姆定律得：滑动变阻器接入电路中的最小阻值Rmin=4；由于电压表量程为03V，所以当电压表示数为3V时，根据串联电路的电压特点可知：灯泡两端的电压ULmin=UURmax=8V3V=5V，电路中的电流为Imin=A，滑动变阻器接入电路中的最大电阻Rmax=7.220；滑动变阻器的规格为“20 1A”，滑动变阻器的电阻允许调节的范围是47.2，故C正确；则电压表示数的变化范围23V，故B错误；电路的最大功率：Pmax=UImax=8V0.5A

19、=4W，故D错误；故选C点评：本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是根据灯泡的额定电压、额定电流和电流表的量程确定电路中的最大电流以及电压表的最大示数，对于选择题并不一定完全解答选项，只要有不正确的地方，本选项即为不正确二、填空题（每空1分，共23分）11（2分）（2014达州）小丽和同学去莲花湖游玩，途中他们谈到马航事件，马航MH370飞机失联的主要原因是为未能向外界发射电磁波以取得联系她回家途中发现一物体A，到家后测量A的长度如图所示，则A的长度为2.10cm考点：电磁波的传播；长度的测量专题：其他综合题分析：（1）电磁波能传递信息，电磁波传播不需要介质（2）使用刻度

20、尺时要明确其分度值，起始端从0开始，读出末端刻度值，就是物体的长度；起始端没有从0刻度线开始的，要以某一刻度线为起点，读出末端刻度值，减去起始端所对刻度即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位解答：解：（1）电磁波的传递不需要介质，可以在空中传播，在飞行中马航MH370飞机失联的主要原因是为未能向外界发射电磁波传递信息以取得联系；（2）由图知：刻度尺上1cm之间有10个小格，所以一个小格代表的长度是0.1cm=1mm，即此刻度尺的分度值为1mm；物体左侧与3.00cm对齐，右侧与，5.10cm对齐，所以物体A的长度为L=5.10cm3.00cm=2.10cm故答案为：电磁波；2.10；点

21、评：本题考查电磁波与刻度尺的相关内容，属于基础知识，比较容易作答12（3分）（2014达州）一台单缸四冲程汽油机，飞轮转速是2400r/min，该汽油机每秒做功20次太阳能清洁无污染，是人类能源的宝库，太阳能属于可再生能源（选填“可再生”或“不可再生”），研发太阳能汽车已是当今发展的趋势，它将太阳能最终转化成汽车的机械能考点：热机；太阳能的利用专题：热和能分析：（1）汽油机的一个工作循环由吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程四个冲程组成在一个工作循环中曲轴转2圈，飞轮转2周，做功一次；（2）能够从自然界中源源不断的得到的能源叫可再生能源；（3）太阳能电池板可以将太阳能转化为电能，太阳能汽车靠

22、由太阳能转化来的电能驱动，驱动时电能转化为汽车的机械能解答：解：四冲程汽油机的飞轮转速为2400r/min，则该飞轮每秒钟转40圈因为一个工作循环飞轮转2圈，完成四个工作冲程，做功1次，所以飞轮转40圈，共60个冲程，共做功20次；太阳能可以从自然界中源源不断的得到，因此它属于可再生能源；太阳电池将太阳能转化成电能，电能又转化成汽车的机械能故答案为：20；可再生；机械能点评：本题主要考查对热机飞轮转速的含义的理解以及太阳能的特点、电池板能量的转化，是一道基础性题目13（3分）（2014达州）完全燃烧0.3m3的天然气来加热水箱中的水，放出的热量是9106 J；若放出热量的84%被水吸收，则可以

23、将水箱中20kg，20的水加热到100【天然气的热值为3.0107J/m3，C水=4.2103J/（kg），当地大气压为一个标准大气压】在洗浴过程中我们看到浴室里有大量“白气”产生，这些“白气”是水蒸气液化（填物态变化）形成的考点：热平衡方程的应用；液化及液化现象专题：热和能分析：（1）根据Q=Vq求出天然气完全燃烧放出的热量；（2）根据题意求出水吸收的热量，根据Q=cm（tt0）求出水的末温；（3）能判断出液化现象，要知道“白气”是液态小水珠“白气”的形成是液化现象解答：解：（1）天然气完全燃烧放出的热量Q放=Vq=0.3m33.0107J/m3=9106J；（2）水吸收的热量Q吸=84%Q

24、放=84%9106J=7.56106J，Q=cm（tt0）水的末温t=+t0=+20=110，因为在一标准大气压下水的沸点为100，且沸腾后继续吸热温度不变，所以水的末温为100；（3）在洗浴过程中我们看到浴室里有大量“白气”产生，这些“白气”是热水产生温度较高的水蒸气液化形成的小水滴故答案为：9106；100；液化点评：此题主要考查的是学生对热值、热量计算公式和液化现象的理解和掌握，基础性题目14（2分）（2014达州）如图所示，用F为40N的拉力，通过滑轮组拉着重为300N的物体A在水平面上以0.4m/s的速度向左做匀速直线运动物体受到的摩擦力是物重的0.3倍，滑轮组的机械效率是75%，拉

25、力的功率是48W考点：滑轮（组）的机械效率；功率的计算专题：功、功率、机械效率分析：（1）根据题意求出摩擦力，克服摩擦力做的功为有用功，根据=求出机械效率；（2）根据v=3v物求出拉力的速度，根据P=Fv求出拉力的功率解答：解：（1）摩擦力f=0.3G=0.3300N=90N，滑轮组的机械效率=100%=100%=100%=100%=75%；（2）拉力移动速度v=3v物=30.4m/s=1.2m/s，拉力的功率P=Fv=40N1.2m/s=48W故答案为：75%；48点评：此题主要考查的是学生对机械效率和功率计算公式及其变形公式的理解和掌握，基础性题目15（2分）（2014达州）一均质正方体放

26、入水中，静止时物体有的体积浸入水中，物体的密度是0.6103kg/m3；若把该物体放入密度为0.8103kg/m3的酒精中后；则该物体下表面受到水的压强P水与受到酒精的压强P酒的关系是P水=P酒（选填“”、“=”、“”=）考点：物体的浮沉条件及其应用；液体的压强的计算专题：压强、液体的压强；浮沉的应用分析：（1）根据木块漂浮时，浮力等于重力，用密度和体积表示浮力与重力的关系即可求出木块的密度；（2）浮力产生的实质是物体上下表面受到的压力差解答：解：（1）木块漂浮F浮=G水gV木=木gV木木=水=1103kg/m3=0.6103kg/m3；（2）根据图示可知，木块在水中和在酒精中都处于漂浮状态，

27、浮力等于重力；根据浮力产生的原因可知，水或酒精对木块下表面的压力与木块受到的浮力相等，由于木块的重力不变，木块的底面积相同，由p=可得p水=p酒故答案为：0.6103；=点评：本题考查了学生对阿基米德原理、漂浮条件和浮力产生的实质，关键是知道浮力等于物体上下表面受到的压力差16（2分）（2014达州）如图甲所示，放在水平地面上的物体，受到方向不变的水平拉力F的作用，其Ft和Vt图象分别如乙、丙所示，由图象可知，当t=1s时，物体受到的摩擦力是3N，当t=3s时，物体受到的摩擦力是5N考点：摩擦力的大小专题：重力、弹力、摩擦力分析：对物体进行受力分析；由乙图象求出各时刻物体所受到的拉力F；由丙图

28、象判断物体的运动状态，根据物体的运动状态，由平衡条件求出物体所受的摩擦力解答：解：物体在水平方向受水平的拉力F与摩擦力f作用；由图象丙知物体在02s内静止，处于平衡状态，在4s6s内物体做匀速直线运动，处于平衡状态；由图象乙知：在t=2s时物体受的拉力F=3N，由平衡条件得：摩擦力f=F=3N；由丙图知在4s6s内，物体做匀速直线运动，处于平衡状态，由乙图知此时拉力F=5N，由平衡条件得摩擦力f=F=5N，在t=3s时物体做加速运动，物体受到滑动摩擦力作用，由于滑动摩擦力与拉力大小无关，因此在t=3s时，物体受到的摩擦力为5N故答案为：3；5点评：vt图象、Ft图象相结合，判断出物体各段运动状

29、态，根据平衡状态中二力平衡找出力的大小是本题的关键所在17（2分）（2014达州）一台线圈电阻为0.3电动机，接在12V的电源上时，通过电动机的电流为0.5A，在2min内电流产生的热量是9J，转化成的机械能是711J考点：焦耳定律的计算公式及其应用专题：电与热、生活用电分析：已知线圈的电阻和通过的电流以及通电时间，根据公式Q=I2Rt可求这台电动机2min内产生的热量；已知电动机电压、电流及通电时间，由W=UIt可以求出电流做的功，即消耗的总能量，除去转化为内能的能量就是转化成的机械能解答：解：电动机线圈产生的热量Q=I2Rt=（0.5A）20.3260s=9J；电流做的功W=UIt=12V

30、0.5A260s=720J，转化为的机械能W=WQ=720J9J=711J故答案为：9；711点评：本题考查产生热量、电功的计算，关键是公式及其变形的灵活运用，难点是知道只有在纯电阻电路中电能才完全转化成内能18（3分）（2014达州）将R1=12、R2=6两电阻串联在某一电源上，R1、R2消耗的功率之比P1：P2=2：1，此时电路消耗的总功率为P；再将它们并联后接入同一电源上，电路的总电阻R=4，此时电路消耗的总功率为P；则P：P=2：9考点：电功率的计算；电阻的并联专题：推理法；电压和电阻；电能和电功率分析：纯电阻电路消耗的功率为，串联电路的电流相等，选用P=I2R，所以串联电路的功率之比

31、等于电阻之比并联电路的电压相等，选择，所以并联电路的功率之比等于电阻的反比解答：解：（1）串联电路的电流相等根据P=I2R得：=；串联电路的总阻值等于串联的各电阻之和，R=R1+R2=12+6=18，（2）两电阻后接入并联电路的总阻值得倒数等于并联的各电阻的倒数之和，R=4；（3）两电阻串联和并联时接在同一电源上，则电路两端的总电压相等，由P=得：=新 课 标 第 一 网故答案为：2：1；4；2：9；点评：本题要知道：1、串联电路的功率之比等于电阻之比，2、并联电路的功率之比等于电阻的反比要注意，不论串联还是并联电路，电路消耗的总功率都等于各部分消耗的功率之和19（2分）（2014达州）在家庭

32、电路中，客厅插座与卧室电灯是并联的，在安装带有金属外壳的家用电器时，为了安全用，电家用电器的金属外壳应接地考点：家庭电路的连接专题：电与热、生活用电分析：（1）家庭电路中各用电器之间是并联的（2）金属外壳的用电器一定要接地，防止用电器漏电时发生触电事故解答：解：（1）在家庭电路中，客厅插座与卧室电灯之间的连接方式是并联（2）若金属外壳的用电器外壳万一带电，为了让电流会通过导线导入大地，防止造成触电事故的发生；所以三孔插座中多出一个专门用于接地的孔，目的是为了让金属外壳与大地相连，因此接入带有金属外壳的家用电器时，都要使用三孔插座故答案为：并；接地点评：（1）掌握家庭电路的各用电器之间的连接方式

33、，开关和其控制的用电器之间的连接方式（2）掌握三孔插座的接法和作用20（2分）（2014达州）如图是电学中很重要的两个实验图，其中图甲的实验装置原理可以制造出发电机，它是利用电磁感应现象 工作的考点：电磁感应专题：电动机、磁生电分析：要解决此题，需要掌握发电机和电动机的制作原理：发电机是根据电磁感应现象制成的电动机是根据通电线圈在磁场中受力转动的原理制成的同时要能够区别电磁感应、通电导体在磁场中受力的作用两个实验实验的共同点是：都存在磁场不同点是：电磁感应没有电源，属于磁生电，将机械能转化为电能磁场对电流的作用有电源，通电后，导体受力运动，将电能转化为机械能解答：解：甲图是电磁感应实验，闭合开

34、关s，当导体ab在磁场中做切割磁感线运动时，电路中会有感应电流产生，电流表指针偏转，将机械能转化为电能根据这个现象制成了发电机乙图是通电导体在磁场中受力的作用实验闭合开关，导体AB有电流通过，将受力运动在此过程中，将电能转化为机械能根据这个原理制成了电动机故答案为：甲，电磁感应现象点评：此题主要考查了电动机和发电机的制作原理，关键是搞清两者在工作过程中的能量转化情况，同时能够找出两个实验中的不同之处，从而得出正确的结论三、作图题（每小题3分，共6分）21（3分）（2014达州）请完成图中的光路；考点：作光的反射光路图；透镜的光路图专题：图像综合题分析：由反射定律作出：反射光线、入射光线、法线在

35、同一平面内，反射光线和入射光线分居法线的两侧，反射角等于入射角平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点解答：解：过入射点作出法线，根据反射角等于入射角作出反射光线，平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点，如下图所示：xK b1.Co m点评：此题考查凸透镜的特殊光线作图和光的反射光路图，难度不大，注意光线上要标出箭头22（3分）（2014达州）请正确画出图中通电螺线管上导线的绕法，并标出通电螺线管的N、S极考点：通电螺线管的磁场专题：图像综合题分析：根据小磁针的N极指向，确定螺线管的N、S极利用螺线管的N、S极和螺线管中电流的方向，结合右手螺旋定则从而可以确定螺线管的绕向解答：解：小磁针静止

36、在图示的位置，所以与小磁针N极靠近的是螺线管的S极，由此可知：螺线管的右端为S极，左端为N极；根据电源的正负极，可以确定螺线管中电流的都是从螺线管的左端流入，右端流出再结合螺线管的N、S极，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的绕向如图所示点评：从小磁针的N、S极入手，利用磁极间作用规律，可以知道螺线管的N、S极；根据右手螺旋定则进一步确定螺线管的绕向四、实验探究（每空1分，共12分）23（5分）（2014达州）小李同学利用如图装置探究“液体内部压强的特点”（1）小李检查压强计的气密性时，用手指不论轻压还是重压橡皮膜，发现U形管两边液柱的高度差变化小（选填“大”或“小”），表明其气密性差小李调节好压

37、强计后，U形管两边液面相平（2）小李把金属盒分别浸入到甲、乙图中的两种液体（水和酒精）中，发现图甲中U形管两边液柱的高度差较小，他判断图甲中的液体是酒精，其结论不可靠，原因是没有控制金属盒在液体中的深度相同；他改变图乙中金属盒的深度，其探究情况如图丙所示（3）小李应该比较图乙、丙，得出金属盒离液面的距离越深，U形管两边液柱的高度差就越越大，表示液体的压强就越大（4）小李发现在同种液体中，金属盒所处深度相同时，只改变金属盒的方向，U形管两边液柱的高度差不变，表明在同种液体的同一深度处（或在相同条件下），液体内部向各个方向的压强相等考点：探究液体压强的特点实验专题：探究型实验综合题分析：（1）液体

38、压强计就是利用U形管中液面的高度差来体现压强的，压强越大，U形管液面高度差越大；（2）压强计测量液体压强时，就是通过橡皮膜来感知压强的，通过橡胶管中气体压强的变化来改变U形管中液面高度差的，若液体压强计漏气，U形管中的液面就不会变化；（3）影响液体压强的因素有：液体的密度和浸入液体的深度，在探究与其中的一个因素时，就要控制另一个因素一定解答：解：（1）若压强计的气密性很差，用手指不论轻压还是重压橡皮膜时，就会有漏气现象，因此U形管两边液柱的高度差变化小（2）影响液体压强的因素有：液体的密度和浸入液体的深度，实验中没有控制金属盒浸入的深度相同，因此无法得出正确结论（3）研究液体压强与深度的关系时

39、应控制液体密度相同，改变深度，小李应该比较图乙、丙，金属盒离液面的距离越深，压强越大，U形管两边液柱的高度差就越大（4）在同种液体中，金属盒所处深度相同时，只改变金属盒的方向，U形管两边液柱的高度差不变，表明在同种液体的同一深度处（或在相同条件下），液体内部向各个方向的压强相等故答案为：（1）小； （2）深度相同； （3）乙、丙，大； （4）在同种液体的同一深度处（或在相同条件下），液体内部向各个方向的压强相等点评：这是一道综合实验题，此题的难点是液体压强计的有关知识，我们要了解压强计的原理，知道液体压强计的操作要求等24（7分）（2014达州）在探究“电流与电阻的关系”的实验中有如下实验器材

40、：电源（4.5 V），电流表、电压表各一只，开关一个，三个定值电阻（5、10、15），滑动变阻器R1“20 1A”，滑动变阻器R2“50 1A”，导线若干（1）小明连接电路如图，请在图中用笔画线代替导线帮他将实验电路连接完整；（2）电路连接完整后，小明闭合开关，发现电流表有示数，电压表指针超过量程小明操作中的错误是滑片没有置于阻值最大处；（3）纠正错误后，小明先将5的电阻连入电路中，闭合开关，移动滑片，使电压表的示数为1.5 V，并记下电流值；再分别改接10、15的电阻，重复上述实验，得到了表中的实验数据；电阻51015电流（A）0.30.150.1（4）将5电阻换成10电阻后，闭合开关，应将

41、滑动变阻器的滑片向右（选填“左”或“右”）移动，当观察到电压表示数为1.5 V时，才能记录电流表示数；（5）实验中小明应选择的滑动变阻器是R2（选填“R1”或“R2”），多次移动滑动变阻器滑片的目的是测出多组实验数据，得出普遍结论（6）通过上述实验得出的结论是在电压一定时，电流与电阻成反比考点：探究电流与电压、电阻的关系实验专题：探究型实验综合题分析：（1）根据实验原理与实验目的连接实物电路图（2）根据实验注意事与电路现象分析答题（4）根据控制变量法的要求分析答题（5）根据串并联电路特点求出滑动变阻器的最小阻值，然后选择滑动变阻器；为得出普遍结论，应进行多次实验（6）分析表中实验数据然后得出结

42、论解答：解：（1）电流表选择00.6A量程，把电流表串联接入电路，实物电路图如图所示：（2）闭合开关，电流表有示数，电压表超过其量程，说明电阻两端电压太大，滑动变阻器分压太小，这是由于滑片没有置于阻值最大处造成的（4）将5电阻换成10电阻后，定值电阻两端分压变大，大于1.5V，滑动变阻器分压减小，为保持电阻两端电压不变，应向右移动滑片，使滑动变阻器接入电路的阻值增大，减小定值电阻分析，知道电压表示数为1.5V为止（5）由表中实验数据可知，当定值定值阻值为15时，电路电流为0.1A，此时滑动变阻器接入电路的阻值：R滑=30，因此滑动变阻器应选R2（6）由表中实验数据可知，在电压一定时，电流与电阻

43、的乘积是定值，即电流与电阻成反比故答案为：（1）电路图如图所示；（2）滑片没有置于阻值最大处；（4）右，1.5；（5）R2；测出多组实验数据，得出普遍结论；（6）在电压一定时，电流与电阻成反比点评：本题考查了连接实物电路图、实验注意事项、实验器材选择、实验操作、实验数据分析等问题；探究电流与电阻关系实验时，要控制电阻两端电压保持不变，为得出普遍结论，应进行多次实验，测出多组实验数据五、计算题（每小题7分，共14分；要有必要的文字说明、公式和计算过程，只写结果不得分）25（7分）（2014达州）如图，轻质杠杆AB可绕O点转动，在A、B两端分别挂有边长为10cm，重力为20N的完全相同的两正方体C

44、、D，OA：OB=4：3；当物体C浸入水中且露出水面的高度为2cm时，杠杆恰好水平静止，A、B两端的绳子均不可伸长且均处于张紧状态（g=10N/kg） 求：（1）物体C的密度；（2）杠杆A端受到绳子的拉力；（3）物体D对地面的压强考点：杠杆的平衡分析法及其应用；密度的计算；压强的大小及其计算；阿基米德原理专题：计算题；其他综合题分析：（1）求出体积，根据=求出物体密度；（2）求出物体C排开水的体积，根据阿基米德原理求浮力；结合受力分析求A端受到绳子的拉力；（3）利用杠杆平衡条件求拉力FB，根据受力分析利用力平衡求出压力，利用压强公式求出压强解答：解：（1）物体C的体积V=10cm10cm10c

45、m=1000cm3=0.001m3，则物体C的密度=2103kg/m3（2）物体C排开水的体积V排=（0.1 m）2（0.1m0.02m）=8104m3，则受到的浮力F浮c=水gV排=1.0103kg/m310N/kg8104m3=8N；则FA=GF浮=20N8N=12N（3）由F1L1=F2L2 得：FAOA=FBOB，FB=FA=12N=16N，F压=F支=GFB=20N16N=4N；p=400Pa答：（1）物体C的密度是2103kg/m3；（2）杠杆A端受到绳子的拉力是12N；（3）物体D对地面的压强400Pa点评：此题为力学综合题，主要考查了浮力、压强和阿基米德原理的应用是一道很好的题

46、目26（7分）（2014达州）如图甲所示电路，电源电压及灯泡L的电阻均不变，滑动变阻器的最大阻值为R1=20当S1、S2均闭合且滑片P滑到b端时，电流表A1、A2的指针恰好指到同一位置，如图乙所示；当S1、S2均断开且滑片P置于滑动变阻器的中点时，电流表A1的示数为0.4A，求：（1）电源电压；（2）R2的电阻；（3）整个电路消耗的最小电功率考点：欧姆定律的应用；电功率的计算专题：电路和欧姆定律分析：（1）当S1、S2均闭合，滑片P滑到b端时，R2短路，灯L与R1并联，电流表A1测量干路电流，电流表A2测量通过灯泡L的电流根据并联电路电流特点和电流表示数特点得到两只电流表的示数；已知滑动变阻器

47、最大阻值和通过的电流，得到滑动变阻器两端电压，也就得到了电源电压；（2）当S1、S 2均断开，滑片P置于滑动变阻器的中点时，R2与Rap串联，电流表A1测量电路电流已知电源电压和电路电流，可以得到串联电路总电阻；已知串联电路总电阻和滑动变阻器接入电路的电阻，两者之差就是R2的阻值；（3）电源电压一定，要使整个电路消耗的功率最小，由公式P=知，电路总电阻最大据此确定用电器连接方式并计算电功率大小解答：解：（1）S1、S2均闭合，滑片P滑到b端时，R2短路，灯L与R1并联由题图可得：I=1A，IL=0.2A，I1=IIL=1A0.2A=0.8A，I=，电源电压为U=I1R1=0.8A20=16V；（2）S1、S 2均断开，滑片P置于滑动变阻器的中点时，R2与Rap串联，电路总电阻为R总=40，R2的阻值为R2=R总=4020=30；（3）由P=可知：U一定，当R总最大时，电路功率P最小，当S1、S2均断开且滑片P滑到b端时，R1与R2串联，此时R总最大，R总=30+20=50，电路消耗的最小功率为P最小=5.12W答：（1）电源的电压为16V； （2）R2的电阻为30； （3）整个电路消耗的最小电功率为5.12W点评：此题考查的是我们对串联电路、并联电路特点和欧姆定律、电功率有关公式的掌握和应用，根据开关的开合确定用电器连接关系，是正确解答此题的第一步新课标第一网系列资料