三角形的五心【强烈推荐】

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1、三角形的五心三角形中有许多重要的特殊点，特别是三角形的“五心”，在解题时有很多应用，在本节中将分别给予介绍三角形的“五心”指的是三角形的外心，内心，重心，垂心和旁心1、三角形的外心三角形的三条边的垂直平分线交于一点,这点称为三角形的外心(外接圆圆心)三角形的外心到三角形的三个顶点距离相等 都等于三角形的外接圆半径锐角三角形的外心在三角形内；直角三角形的外心在斜边中点；钝角三角形的外心在三角形外2、三角形的内心三角形的三条内角平分线交于一点,这点称为三角形的内心(内切圆圆心)三角形的内心到三边的距离相等,都等于三角形内切圆半径内切圆半径r的计算：设三角形面积为S，并记p=(a+b+c)，则r=特

2、别的，在直角三角形中,有 r=(a+bc) 3、三角形的重心三角形的三条中线交于一点,这点称为三角形的重心上面的证明中，我们也得到了以下结论：三角形的重心到边的中点与到相应顶点的距离之比为 1 24、三角形的垂心三角形的三条高交于一点,这点称为三角形的垂心 斜三角形的三个顶点与垂心这四个点中，任何三个为顶点的三角形的垂心就是第四个点所以把这样的四个点称为一个“垂心组”5、三角形的旁心三角形的一条内角平分线与另两个外角平分线交于一点,称为三角形的旁心(旁切圆圆心)每个三角形都有三个旁切圆A类例题例1 证明重心定理。 证法1 如图，D、E、F为三边中点，设BE、CF交于G，连接EF，显然EFBC，

3、由三角形相似可得GB2GE，GC=2GF 又设AD、BE交于G，同理可证GB=2GE，GA=2GD，即G、G都是BE上从B到E的三分之二处的点，故G、G重合 即三条中线AD、BE、CF相交于一点G 证法2 设BE、CF交于G，BG、CG中点为H、I连EF、FH、HI、IE，因为EFBC，HIBC， 所以 EFHI为平行四边形 所以 HG=GE、IG=GF，GB=2GE，GC=2GF同证法1可知AG=2GD，AD、BE、CF共点即定理证毕链接 证明外心、内心定理是很容易的。外心定理的证明：如图，设AB、BC的中垂线交于点O，则有OA=OB=OC，故O也在AC的中垂线上，因为O到三顶点的距离相等，

4、故点O是ABC外接圆的圆心因而称为外心内心定理的证明：如图，设A、C的平分线相交于I、过I作IDBC，IEAC，IFAB，则有IE=IF=ID因此I也在C的平分线上，即三角形三内角平分线交于一点 上述定理的证法完全适用于旁心定理，请同学们自己完成 例2证明垂心定理分析 我们可以利用构造外心来进行证明。证明 如图，AD、BE、CF为ABC三条高，过点A、B、C分别作对边的平行线相交成ABC，显然AD为BC的中垂线；同理BE、CF也分别为AC、AB的中垂线，由外心定理，它们交于一点，命题得证链接 （1）对于三线共点问题还可以利用Ceva定理进行证明，同学们可以参考第十八讲的内容。（Ceva定理）设

5、X、Y、Z分别为ABC的边BC、CA、AB上的一点，则AX、BY、CZ所在直线交于一点的充要条件是=1（2）对于三角形的五心，还可以推广到n边形，例如，如果我们称n（3）边形某顶点同除该点以外的n-1个顶点所决定的n-1边形的重心的连线，为n边形的中线，（当n-1=2时，n-1边形退化成一线段，此时重心即为线段的中心）那么重心定理可推广如下：n边形的各条中线(若有重合，只算一条）相交于一点，各中线被该点分为：（n-1）1的两条线段，这点叫n边形的重心请同学们自己研究一下其他几个“心”的推广。情景再现1设G为ABC的重心，M、N分别为AB、CA的中点，求证：四边形GMAN和GBC的面积相等 2三

6、角形的任一顶点到垂心的距离，等于外心到对边的距离的二倍B类例题例3 过等腰ABC底边BC上一点P引PMCA交AB于M；引PNBA交AC于N.作点P关于MN的对称点P.试证：P点在ABC外接圆上.(杭州大学中学数学竞赛习题)分析 分析点M和N的性质，即能得到解题思路。证明 由已知可得MP=MP=MB，NP=NP=NC，故点M是PBP的外心，点N是PPC的外心.于是有 BPP=BMP=BAC， PPC=PNC=BAC. BPC=BPP+PPC=BAC. 从而，P点与A、B、C共圆，即P在ABC外接圆上. 链接 本题可以引出更多结论，例如PP平分BPC、PB:PC=BP:PC等等例4 AD，BE，C

7、F是ABC的三条中线，P是任意一点.证明：在PAD，PBE，PCF中，其中一个面积等于另外两个面积的和. (第26届莫斯科数学奥林匹克)证明 设G为ABC重心，直线PG与AB，BC相交.从A，C，D，E，F分别作该直线的垂线，垂足为A，C，D，E，F. 易证AA=2DD，CC=2FF，2EE=AA+CC， EE=DD+FF. 有SPGE=SPGD+SPGF.两边各扩大3倍，有SPBE=SPAD+SPCF.例5 设A1A2A3A4为O内接四边形，H1，H2，H3，H4依次为A2A3A4，A3A4A1，A4A1A2，A1A2A3的垂心.求证：H1，H2，H3，H4四点共圆，并确定出该圆的圆心位置.

8、 (1992，全国高中联赛)证明 连接A2H1，A1H2，H1H2，记圆半径为R.由A2A3A4知 =2RA2H1=2RcosA3A2A4； 由A1A3A4得 A1H2=2RcosA3A1A4. 但A3A2A4=A3A1A4，故A2H1=A1H2. 易证A2H1A1A2，于是，A2H1A1H2， 故得H1H2A2A1.设H1A1与H2A2的交点为M，故H1H2与A1A2关于M点成中心对称. 同理，H2H3与A2A3，H3H4与A3A4，H4H1与A4A1都关于M点成中心对称.故四边形H1H2H3H4与四边形A1A2A3A4关于M点成中心对称，两者是全等四边形，H1，H2，H3，H4在同一个圆上

9、.后者的圆心设为Q，Q与O也关于M成中心对称.由O，M两点，Q点就不难确定了.链接三角形的五心有许多重要性质，它们之间也有很密切的联系，如： （1）三角形的重心与三顶点的连线所构成的三个三角形面积相等； （2）三角形的外心到三顶点的距离相等； （3）三角形的垂心与三顶点这四点中，任一点是其余三点所构成的三角形的垂心； （4）三角形的内心、旁心到三边距离相等； （5）三角形的垂心是它垂足三角形的内心；或者说，三角形的内心是它旁心三角形的垂心； （6）三角形的外心是它的中点三角形的垂心； （7）三角形的重心也是它的中点三角形的重心； （8）三角形的中点三角形的外心也是其垂足三角形的外心情景再现3在

10、ABC的边AB，BC，CA上分别取点P，Q，S.证明以APS，BQP，CSQ的外心为顶点的三角形与ABC相似. (B波拉索洛夫中学数学奥林匹克)4如果三角形三边的平方成等差数列，那么该三角形和由它的三条中线围成的新三角形相似.其逆亦真.C类例题例6 H为ABC的垂心，D，E，F分别是BC，CA，AB的中心.一个以H为圆心的H交直线EF，FD，DE于A1，A2，B1，B2，C1，C2. 求证：AA1=AA2=BB1=BB2=CC1=CC2. (1989，加拿大数学奥林匹克训练题)分析 只须证明AA1=BB1=CC1即可.证明 设BC=a， CA=b，AB=c，ABC外接圆半径为R，H的半径为r.

11、 连HA1，AH交EF于M. A=AM2+A1M2=AM2+r2-MH2 =r2+(AM2-MH2)， 又AM2-HM2=(AH1)2-(AH-AH1)2 =AHAH1-AH2=AH2AB-AH2 =cosAbc-AH2， 而=2RAH2=4R2cos2A,=2Ra2=4R2sin2A.AH2+a2=4R2，AH2=4R2-a2. 由、有A=r2+bc-(4R2-a2)= (a2+b2+c2)-4R2+r2.同理，=(a2+b2+c2)-4R2+r2，= (a2+b2+c2)-4R2+r2.故有AA1=BB1=CC1.例7 已知O内接ABC，Q切AB，AC于E，F且与O内切.试证：EF中点P是

12、ABC之内心.(B波拉索洛夫中学数学奥林匹克)证明 如图，显然EF中点P、圆心Q，中点K都在BAC平分线上.易知AQ=. QKAQ=MQQN， QK= =. 由RtEPQ知PQ=. PK=PQ+QK=+=. PK=BK. 利用内心等量关系之逆定理，即知P是ABC这内心.说明 在第20届IMO中，美国提供的一道题实际上是例7的一种特例，但它增加了条件AB=AC.例8 在直角三角形中，求证：r+ra+rb+rc=2p.式中r，ra，rb，rc分别表示内切圆半径及与a，b，c相切的旁切圆半径，p表示半周. (杭州大学中学数学竞赛习题)证明 设RtABC中，c为斜边，先来证明一个特性：p(p-c)=(

13、p-a)(p-b).p(p-c)= (a+b+c)(a+b-c) =(a+b)2-c2 =ab；(p-a)(p-b)= (-a+b+c)(a-b+c) =c2-(a-b)2= ab.p(p-c)=(p-a)(p-b). 观察图形，可得ra=AF-AC=p-b，rb=BG-BC=p-a，rc=CK=p.而r=(a+b-c)=p-c.r+ra+rb+rc =(p-c)+(p-b)+(p-a)+p =4p-(a+b+c)=2p.由及图形易证.例9 M是ABC边AB上的任意一点.r1，r2，r分别是AMC，BMC，ABC内切圆的半径，q1，q2，q分别是上述三角形在ACB内部的旁切圆半径.证明=.(I

14、MO-12)证明 对任意ABC，由正弦定理可知OD=OA =AB =AB，OE= AB.亦即有= =.例10 锐角ABC中，O，G，H分别是外心、重心、垂心.设外心到三边距离和为d外，重心到三边距离和为d重，垂心到三边距离和为d垂. 求证：1d垂+2d外=3d重.证明 设ABC外接圆半径为1，三个内角记为A，B，C. 易知d外=OO1+OO2+OO3=cosA+cosB+cosC， 2d外=2(cosA+cosB+cosC). AH1=sinBAB=sinB(2sinC)=2sinBsinC， 同样可得BH2CH3. 3d重=ABC三条高的和 =2(sinBsinC+sinCsinA+sinA

15、sinB) =2， HH1=cosCBH=2cosBcosC. 同样可得HH2，HH3. d垂=HH1+HH2+HH3=2(cosBcosC+cosCcosA+cosAcosB) 欲证结论，观察、，须证(cosBcosC+cosCcosA+cosAcosB)+( cosA+ cosB+ cosC)=sinBsinC+sinCsinA+sinAsinB.即可.说明 本题用了三角法。情景再现5.设在圆内接凸六边形ABCDFE中，AB=BC，CD=DE，EF=FA.试证：(1)AD，BE，CF三条对角线交于一点；(2)AB+BC+CD+DE+EF+FAAK+BE+CF.(1991，国家教委数学试验班

16、招生试题)6ABC的外心为O，AB=AC，D是AB中点，E是ACD的重心.证明OE丄CD. (加拿大数学奥林匹克训练题)7ABC中C=30，O是外心，I是内心，边AC上的D点与边BC上的E点使得AD=BE=AB.求证：OI丄DE，OI=DE. (1988，中国数学奥林匹克集训题) 习题171在ABC中，A是钝角，H是垂心，且AH=BC，则cosBHC=( ) A B C D2如果一个三角形的面积与周长都被一条直线平分，则此直线一定通过三角形的( ) A内心 B外心 C重心 D垂心(1996年全国初中联赛)3(1997年安徽省初中数学竞赛)若0a90，那么，以sina，cosa，tanacota

17、为三边的三角形有内切圆、外接圆的半径之和是( ) A B C2sinacosa D 4ABC中，A=45，BC=a，高BE、CF交于点H，则AH=( ) Aa Ba Ca Da5下面三个命题中： 设H为ABC的高AD上一点，BHC+BAC=180，则点H是ABC的垂心； 设G为ABC的中线AD上一点，且SAGB=SBGC，则点G是ABC的重心； 设E是ABC的外角BAK的角平分线与ABC的外接圆O的交点，ED是O的直径，I在线段AD上，且DI=DB，则I是ABC的内心正确命题的个数是( ) A0个 B1个 C2个 D3个6设ABC的A=60，求证：ABC的外心O、内心I、垂心H及点B、C五点在

18、同一个圆上7已知P是ABCD内的一点，O为AC与BD的交点，M、N分别为PB、PC中点，Q为AN与DM的交点求证： P、Q、O三点在一条直线上； PQ=2OQ8.I为ABC之内心，射线AI，BI，CI交ABC外接圆于A，B，C .则AA+BB+CCABC周长.(1982，澳大利亚数学奥林匹克)9.T的三边分别等于T的三条中线，且两个三角形有一组角相等.求证这两个三角形相似.(1989，捷克数学奥林匹克)10.I为ABC的内心.取IBC，ICA，IAB的外心O1，O2，O3.求证：O1O2O3与ABC有公共的外心.(1988，美国数学奥林匹克)11.AD为ABC内角平分线.取ABC，ABD，AD

19、C的外心O，O1，O2.则OO1O2是等腰三角形.12.ABC中C90，从AB上M点作CA，CB的垂线MP，MQ.H是CPQ的垂心.当M是AB上动点时，求H的轨迹.(IMO-7)本节“情景再现”解答1证明 如图，连GA，因为M、N分别为AB、CA的中点，所以AMG的面积=GBM的面积，GAN的面积=GNC的面积, 即四边形GMAN和GBC的面积相等2证明 如图，O为ABC的外心，H为垂心，连CO交ABC外接圆于D，连DA、DB，则DAAC，BDBC，又AHBC，BHAC所以DABH，BDAH，从而四边形DAHB为平行四边形。又显然DB=2OM，所以AH=2OM 同理可证 BH=2ON，CH=2

20、OK证毕3提示：设O1，O2，O3是APS，BQP，CSQ的外心，作出六边形O1PO2QO3S后再由外心性质可知PO1S=2A，QO2P=2B，SO3Q=2C.PO1S+QO2P+SO3Q=360.从而又知O1PO2+O2QO3+O3SO1=360将O2QO3绕着O3点旋转到KSO3，易判断KSO1O2PO1，同时可得O1O2O3O1KO3.O2O1O3=KO1O3=O2O1K= (O2O1S+SO1K)= (O2O1S+PO1O2)= PO1S=A； 同理有O1O2O3=B.故O1O2O3ABC.4提示：将ABC简记为，由三中线AD，BE，CF围成的三角形简记为.G为重心，连DE到H，使EH

21、=DE，连HC，HF，则就是HCF. (1)a2，b2，c2成等差数列.若ABC为正三角形，易证.不妨设abc，有 CF=，BE=，AD=. 将a2+c2=2b2，分别代入以上三式，得CF=，BE=，AD=. CF:BE:AD =:=a:b:c. 故有. (2)a2，b2，c2成等差数列.当中abc时， 中CFBEAD.，()2. 据“三角形的三条中线围成的新三角形面积等于原三角形面积的”，有=. =3a2=4CF2=2a2+b2-c2a2+c2=2b2.5.证明 连接AC，CE，EA，由已知可证AD，CF，EB是ACE的三条内角平分线，I为ACE的内心.从而有ID=CD=DE，IF=EF=F

22、A，IB=AB=BC. 再由BDF，易证BP，DQ，FS是它的三条高，I是它的垂心，利用 不等式有： BI+DI+FI2(IP+IQ+IS). 不难证明IE=2IP，IA=2IQ，IC=2IS. BI+DI+FIIA+IE+IC. AB+BC+CD+DE+EF+FA=2(BI+DI+FI) (IA+IE+IC)+(BI+DI+FI)=AD+BE+CF. I就是一点两心.6提示：设AM为高亦为中线，取AC中点F，E必在DF上且DE:EF=2:1.设CD交AM于G，G必为ABC重心.连GE，MF，MF交DC于K.易证：DG:GK=DC:()DC=2:1. DG:GK=DE:EFGEMF. OD丄A

23、B，MFAB， OD丄MFOD丄GE.但OG丄DEG又是ODE之垂心. 易证OE丄CD.7提示：辅助线如图所示，作DAO平分线交BC于K. 易证AIDAIBEIB，AID=AIB=EIB. 利用内心张角公式，有 AIB=90+C=105， DIE=360-1053=45. AKB=30+DAO=30+ (BAC-BAO)=30+ (BAC-60)=BAC=BAI=BEI. AKIE. 由等腰AOD可知DO丄AK，DO丄IE，即DF是DIE的一条高. 同理EO是DIE之垂心，OI丄DE.由DIE=IDO，易知OI=DE.习题17解答1 B；2A；3A；4C；5选B，只有（3）是对的；6略；7略；

24、8.略；9.略；10.略；11.略；12. H的轨迹是一条线段.补充：第五讲 三角形的五心三角形的外心、重心、垂心、内心及旁心，统称为三角形的五心.一、外心.三角形外接圆的圆心，简称外心.与外心关系密切的有圆心角定理和圆周角定理.例1过等腰ABC底边BC上一点P引PMCA交AB于M；引PNBA交AC于N.作点P关于MN的对称点P.试证：P点在ABC外接圆上.(杭州大学中学数学竞赛习题)分析：由已知可得MP=MP=MB，NP=NP=NC，故点M是PBP的外心，点N是PPC的外心.有 BPP=BMP=BAC， PPC=PNC=BAC. BPC=BPP+PPC=BAC. 从而，P点与A，B，C共圆、

25、即P在ABC外接圆上. 由于PP平分BPC，显然还有 PB:PC=BP:PC.例2在ABC的边AB，BC，CA上分别取点P，Q，S.证明以APS，BQP，CSQ的外心为顶点的三角形与ABC相似. (B波拉索洛夫中学数学奥林匹克)分析：设O1，O2，O3是APS，BQP，CSQ的外心，作出六边形O1PO2QO3S后再由外心性质可知 PO1S=2A， QO2P=2B， SO3Q=2C. PO1S+QO2P+SO3Q=360.从而又知O1PO2+O2QO3+O3SO1=360 将O2QO3绕着O3点旋转到KSO3，易判断KSO1O2PO1，同时可得O1O2O3O1KO3. O2O1O3=KO1O3=

26、O2O1K =(O2O1S+SO1K) =(O2O1S+PO1O2) =PO1S=A； 同理有O1O2O3=B.故O1O2O3ABC.二、重心 三角形三条中线的交点，叫做三角形的重心.掌握重心将每条中线都分成定比2:1及中线长度公式，便于解题.例3AD，BE，CF是ABC的三条中线，P是任意一点.证明：在PAD，PBE，PCF中，其中一个面积等于另外两个面积的和. (第26届莫斯科数学奥林匹克)分析：设G为ABC重心，直线PG与AB，BC相交.从A，C，D，E，F分别作该直线的垂线，垂足为A，C，D，E，F. 易证AA=2DD，CC=2FF，2EE=AA+CC， EE=DD+FF. 有SPGE

27、=SPGD+SPGF. 两边各扩大3倍，有SPBE=SPAD+SPCF.例4如果三角形三边的平方成等差数列，那么该三角形和由它的三条中线围成的新三角形相似.其逆亦真.分析：将ABC简记为，由三中线AD，BE，CF围成的三角形简记为.G为重心，连DE到H，使EH=DE，连HC，HF，则就是HCF. (1)a2，b2，c2成等差数列. 若ABC为正三角形，易证. 不妨设abc，有 CF=， BE=， AD=. 将a2+c2=2b2，分别代入以上三式，得 CF=，BE=，AD=. CF:BE:AD =: =a:b:c. 故有. (2)a2，b2，c2成等差数列. 当中abc时， 中CFBEAD.，(

28、)2. 据“三角形的三条中线围成的新三角形面积等于原三角形面积的”，有=. =3a2=4CF2=2a2+b2-c2a2+c2=2b2.三、垂心 三角形三条高的交战，称为三角形的垂心.由三角形的垂心造成的四个等(外接)圆三角形，给我们解题提供了极大的便利.例5设A1A2A3A4为O内接四边形，H1，H2，H3，H4依次为A2A3A4，A3A4A1，A4A1A2，A1A2A3的垂心.求证：H1，H2，H3，H4四点共圆，并确定出该圆的圆心位置. (1992，全国高中联赛)分析：连接A2H1，A1H2，H1H2，记圆半径为R.由A2A3A4知 =2RA2H1=2RcosA3A2A4； 由A1A3A4

29、得 A1H2=2RcosA3A1A4. 但A3A2A4=A3A1A4，故A2H1=A1H2. 易证A2H1A1A2，于是，A2H1 A1H2， 故得H1H2 A2A1.设H1A1与H2A2的交点为M，故H1H2与A1A2关于M点成中心对称. 同理，H2H3与A2A3，H3H4与A3A4，H4H1与A4A1都关于M点成中心对称.故四边形H1H2H3H4与四边形A1A2A3A4关于M点成中心对称，两者是全等四边形，H1，H2，H3，H4在同一个圆上.后者的圆心设为Q，Q与O也关于M成中心对称.由O，M两点，Q点就不难确定了.例6H为ABC的垂心，D，E，F分别是BC，CA，AB的中心.一个以H为圆

30、心的H交直线EF，FD，DE于A1，A2，B1，B2，C1，C2. 求证：AA1=AA2=BB1=BB2=CC1=CC2. (1989，加拿大数学奥林匹克训练题)分析：只须证明AA1=BB1=CC1即可.设BC=a， CA=b，AB=c，ABC外接圆半径为R，H的半径为r. 连HA1，AH交EF于M. A=AM2+A1M2=AM2+r2-MH2 =r2+(AM2-MH2)， 又AM2-HM2=(AH1)2-(AH-AH1)2 =AHAH1-AH2=AH2AB-AH2 =cosAbc-AH2， 而=2RAH2=4R2cos2A,=2Ra2=4R2sin2A.AH2+a2=4R2，AH2=4R2-

31、a2. 由、有A=r2+bc-(4R2-a2)=(a2+b2+c2)-4R2+r2.同理，=(a2+b2+c2)-4R2+r2，=(a2+b2+c2)-4R2+r2.故有AA1=BB1=CC1.四、内心三角形内切圆的圆心，简称为内心.对于内心，要掌握张角公式，还要记住下面一个极为有用的等量关系：设I为ABC的内心，射线AI交ABC外接圆于A，则有A I=AB=AC.换言之，点A必是IBC之外心(内心的等量关系之逆同样有用).例7ABCD为圆内接凸四边形，取DAB，ABC，BCD，CDA的内心O1， O2，O3，O4.求证：O1O2O3O4为矩形. (1986，中国数学奥林匹克集训题)证明见中等

32、数学1992；4例8已知O内接ABC，Q切AB，AC于E，F且与O内切.试证：EF中点P是ABC之内心.(B波拉索洛夫中学数学奥林匹克)分析：在第20届IMO中，美国提供的一道题实际上是例8的一种特例，但它增加了条件AB=AC.当ABAC，怎样证明呢？ 如图，显然EF中点P、圆心Q，BC中点K都在BAC平分线上.易知AQ=. QKAQ=MQQN， QK= =. 由RtEPQ知PQ=. PK=PQ+QK=+=. PK=BK. 利用内心等量关系之逆定理，即知P是ABC这内心.五、旁心 三角形的一条内角平分线与另两个内角的外角平分线相交于一点，是旁切圆的圆心，称为旁心.旁心常常与内心联系在一起，旁心

33、还与三角形的半周长关系密切.例9在直角三角形中，求证：r+ra+rb+rc=2p. 式中r，ra，rb，rc分别表示内切圆半径及与a，b，c相切的旁切圆半径，p表示半周. (杭州大学中学数学竞赛习题)分析：设RtABC中，c为斜边，先来证明一个特性：p(p-c)=(p-a)(p-b).p(p-c)=(a+b+c)(a+b-c) =(a+b)2-c2 =ab；(p-a)(p-b)=(-a+b+c)(a-b+c) =c2-(a-b)2=ab.p(p-c)=(p-a)(p-b). 观察图形，可得ra=AF-AC=p-b，rb=BG-BC=p-a，rc=CK=p.而r=(a+b-c) =p-c.r+r

34、a+rb+rc =(p-c)+(p-b)+(p-a)+p =4p-(a+b+c)=2p.由及图形易证.例10M是ABC边AB上的任意一点.r1，r2，r分别是AMC，BMC，ABC内切圆的半径，q1，q2，q分别是上述三角形在ACB内部的旁切圆半径.证明：=.(IMO-12)分析：对任意ABC，由正弦定理可知OD=OA =AB =AB，OE= AB.亦即有= =.六、众心共圆这有两种情况：(1)同一点却是不同三角形的不同的心；(2)同一图形出现了同一三角形的几个心.例11设在圆内接凸六边形ABCDFE中，AB=BC，CD=DE，EF=FA.试证：(1)AD，BE，CF三条对角线交于一点； (2

35、)AB+BC+CD+DE+EF+FAAK+BE+CF. (1991，国家教委数学试验班招生试题)分析：连接AC，CE，EA，由已知可证AD，CF，EB是ACE的三条内角平分线，I为ACE的内心.从而有ID=CD=DE， IF=EF=FA， IB=AB=BC. 再由BDF，易证BP，DQ，FS是它的三条高，I是它的垂心，利用 不等式有： BI+DI+FI2(IP+IQ+IS). 不难证明IE=2IP，IA=2IQ，IC=2IS. BI+DI+FIIA+IE+IC. AB+BC+CD+DE+EF+FA =2(BI+DI+FI) (IA+IE+IC)+(BI+DI+FI) =AD+BE+CF. I就

36、是一点两心.例12ABC的外心为O，AB=AC，D是AB中点，E是ACD的重心.证明OE丄CD. (加拿大数学奥林匹克训练题)分析：设AM为高亦为中线，取AC中点F，E必在DF上且DE:EF=2:1.设CD交AM于G，G必为ABC重心.连GE，MF，MF交DC于K.易证：DG:GK=DC:()DC=2:1. DG:GK=DE:EFGEMF. OD丄AB，MFAB， OD丄MFOD丄GE.但OG丄DEG又是ODE之垂心. 易证OE丄CD.例13ABC中C=30，O是外心，I是内心，边AC上的D点与边BC上的E点使得AD=BE=AB.求证：OI丄DE，OI=DE. (1988，中国数学奥林匹克集训

37、题)分析：辅助线如图所示，作DAO平分线交BC于K. 易证AIDAIBEIB，AID=AIB=EIB. 利用内心张角公式，有 AIB=90+C=105， DIE=360-1053=45. AKB=30+DAO =30+(BAC-BAO) =30+(BAC-60) =BAC=BAI=BEI. AKIE. 由等腰AOD可知DO丄AK， DO丄IE，即DF是DIE的一条高. 同理EO是DIE之垂心，OI丄DE. 由DIE=IDO，易知OI=DE.例14锐角ABC中，O，G，H分别是外心、重心、垂心.设外心到三边距离和为d外，重心到三边距离和为d重，垂心到三边距离和为d垂. 求证：1d垂+2d外=3d

38、重.分析：这里用三角法.设ABC外接圆半径为1，三个内角记为A，B，C. 易知d外=OO1+OO2+OO3=cosA+cosB+cosC， 2d外=2(cosA+cosB+cosC). AH1=sinBAB=sinB(2sinC)=2sinBsinC， 同样可得BH2CH3. 3d重=ABC三条高的和 =2(sinBsinC+sinCsinA+sinAsinB) =2， HH1=cosCBH=2cosBcosC. 同样可得HH2，HH3. d垂=HH1+HH2+HH3=2(cosBcosC+cosCcosA+cosAcosB) 欲证结论，观察、，须证(cosBcosC+cosCcosA+cos

39、AcosB)+( cosA+ cosB+ cosC)=sinBsinC+sinCsinA+sinAsinB.即可.练 习 题1.I为ABC之内心，射线AI，BI，CI交ABC外接圆于A，B，C .则AA+BB+CCABC周长.(1982，澳大利亚数学奥林匹克)2.T的三边分别等于T的三条中线，且两个三角形有一组角相等.求证这两个三角形相似.(1989，捷克数学奥林匹克)3.I为ABC的内心.取IBC，ICA，IAB的外心O1，O2，O3.求证：O1O2O3与ABC有公共的外心.(1988，美国数学奥林匹克)4.AD为ABC内角平分线.取ABC，ABD，ADC的外心O，O1，O2.则OO1O2是

40、等腰三角形.5.ABC中C90，从AB上M点作CA，CB的垂线MP，MQ.H是CPQ的垂心.当M是AB上动点时，求H的轨迹.(IMO-7)6.ABC的边BC=(AB+AC)，取AB，AC中点M，N，G为重心，I为内心.试证：过A，M，N三点的圆与直线GI相切.(第27届莫斯科数学奥林匹克)7.锐角ABC的垂心关于三边的对称点分别是H1，H2，H3.已知：H1，H2，H3，求作ABC.(第7届莫斯科数学奥林匹克)8.已知ABC的三个旁心为I1，I2，I3.求证：I1I2I3是锐角三角形.9.AB，AC切O于B，C，过OA与BC的交点M任作O的弦EF.求证：(1)AEF与ABC有公共的内心；(2)AEF与ABC有一个旁心重合.