（京津琼鲁专用）2018-2019学年高中物理 第一章 静电场 微型专题1 电场力的性质学案 新人教版必修2

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1、微型专题1电场力的性质学科素养与目标要求物理观念：1.进一步熟练掌握库仑定律、电场强度公式，熟练掌握几种常见的电场线.2.熟练掌握两等量同种电荷和两等量异种电荷的电场线分布特点.科学思维：1.建立形象化的思维模型，体会用电场线解决问题的方便性.2.掌握解决带电体动力学问题的思路和方法，进一步建立解决电场中平衡问题和动力学问题的思维模型.一、两等量点电荷周围的电场1.等量同号点电荷的电场(电场线分布如图1)：(1)两点电荷连线上，中点O处场强为零，向两侧场强逐渐增大.(2)两点电荷连线中垂线上由中点O到无限远，场强先变大后变小.(3)关于中心点O点的对称点，场强等大反向.图1图22.等量异号点电

2、荷的电场(电场线分布如图2)：(1)两点电荷连线上，沿电场线方向场强先变小再变大，中点处场强最小.(2)两点电荷连线的中垂线上电场强度方向都相同，总与中垂线垂直且指向负点电荷一侧.沿中垂线从中点到无限远处，场强一直减小，中点处场强最大.(3)关于两点电荷连线中点的对称点场强等大同向.例1如图3所示，a、b两点处分别固定有等量异种点电荷Q和Q，c是线段ab的中点，d是ac的中点，e是ab的垂直平分线上的一点，将一个正点电荷先后放在d、c、e点，它所受的电场力分别为Fd、Fc、Fe，则下列说法中正确的是()图3A.Fd、Fc、Fe的方向都是水平向右B.Fd、Fc的方向水平向右，Fe的方向竖直向上C

3、.Fd、Fe的方向水平向右，Fc0D.Fd、Fc、Fe的大小都相等答案A解析根据场强叠加原理，等量异种点电荷连线及中垂线上的电场线分布如图所示，d、c、e三点场强方向都是水平向右，正点电荷在各点受电场力方向与场强方向相同，故A正确，B、C错误；连线上场强由a到b先减小后增大，中垂线上由c到无穷远处逐渐减小，因此c点场强是连线上最小的(但不为0)，是中垂线上最大的，故FdFcFe，故D错误.针对训练1两个带等量正电荷的点电荷如图4所示，O点为两电荷连线的中点，a点在连线的中垂线上，若在a点由静止释放一个电子，关于电子的运动，下列说法正确的是()图4A.电子在从a点向O点运动的过程中，加速度越来越

4、大，速度越来越大B.电子在从a点向O点运动的过程中，加速度越来越小，速度越来越大C.电子运动到O点时，加速度为零，速度最大D.电子通过O点后，速度越来越小，加速度越来越大，一直到速度为零答案C解析带等量正电荷的两点电荷连线的中垂线上，中点O处的场强为零，向中垂线的两边场强先变大，达到一个最大值后，再逐渐减小.但a点与最大场强点的位置关系不能确定，电子在从a点向O点运动的过程中，当a点在最大场强点的上方时，加速度先增大后减小；当a点在最大场强点的下方时，电子的加速度则一直减小，故A、B错误；但不论a点的位置如何，电子在向O点运动的过程中，都在做加速运动，所以电子的速度一直增加，当到达O点时，加速

5、度为零，速度达到最大值，C正确；通过O点后，电子的运动方向与所受电场力方向相反，故电子做减速运动，由能量守恒定律得，当电子运动到a点关于O点对称的点时，电子的速度为零，同样因为此点与最大场强点的位置关系不能确定，故加速度大小的变化不能确定，D错误.二、静电力作用下的平衡1.共点力的平衡条件：物体所受外力的合力为零.2.处理平衡问题常用的数学知识和方法有直角三角形、相似三角形和正交分解法.3.选取研究对象时，要注意整体法和隔离法的灵活运用.例2如图5所示，带电荷量分别为q和4q的两点电荷A、B，相距L，问：图5(1)若A、B固定，在何处放置点电荷C，才能使C处于平衡状态？(2)在(1)中的情形下

6、，C的电荷量和电性对C的平衡有影响吗？(3)若A、B不固定，在何处放一个什么性质的点电荷C，才可以使三个点电荷都处于平衡状态？答案见解析解析(1)由平衡条件，对C进行受力分析，C应在AB的连线上且在A、B之间，设C与A相距r，则，解得：r(2)C的电荷量大小和电性对其平衡无影响，距离A处，A、B的合场强为0.(3)若将C放在A、B电荷两边，A、B对C同为向右(或向左)的力，C都不能平衡；若将C放在A、B之间，C为正电荷，则A、B都不能平衡，所以C为负电荷.设放置的点电荷C的电荷量大小为Q，与A相距r1，分别对A、B受力分析，根据平衡条件，对电荷A：有对电荷B：有联立可得：r1，Qq(负电荷)即

7、应在AB连线上且在A的右边，与点电荷A相距处放置一个电荷量为q的负电荷.1.同一直线上的三个自由点电荷都处于平衡状态时，每个电荷受到的合力均为零，根据平衡方程可得，电荷间的关系为：“两同夹异”、“两大夹小”、“近小远大”.2.对于三个自由电荷的平衡问题，只需对其中两个电荷列平衡方程，不必再对第三个电荷列平衡方程.例3(多选)A、B两带电小球，质量分别为mA、mB，用绝缘不可伸长的细线如图6悬挂，静止时A、B两球处于相同高度.若B对A及A对B的库仑力分别为FA、FB，则下列判断正确的是()图6A.FAEB，EBEDB.EAEB，EAECC.EAEBEC，EBEDD.可能EAEC，因此m1gm2g

8、，即m1m2，选项C正确.m1所受的库仑力与m2所受的库仑力为作用力与反作用力，大小相等，故D错误.由题给条件无法判断q1与q2的大小关系，故B错误.8.相距为L的点电荷A、B带电荷量分别为4q和q，如图8所示，今引入第三个点电荷C，使三个点电荷都处于平衡状态，则C的电荷量和放置的位置是()图8A.q，在A左侧距A为L处B.2q，在A左侧距A为处C.4q，在B右侧距B为L处D.2q，在B右侧距B为处答案C解析A、B、C三个电荷要平衡，必须三个电荷在一条直线上，外侧两个电荷相互排斥，中间电荷吸引外侧两个电荷，所以外侧两个电荷距离大，要平衡中间电荷的引力，必须外侧电荷电荷量大，中间电荷电荷量小，所

9、以C必须带正电，在B的右侧.设C所在位置与B的距离为r，则C所在位置与A的距离为Lr，要能处于平衡状态，所以A对C的电场力大小等于B对C的电场力大小，设C的电荷量大小为Q.则有：k，解得rL.对点电荷A，其受力也平衡，则：k，解得：Q4q，即C带正电，电荷量为4q，在B的右侧距B为L处，故选C.9.如图9所示，水平匀强电场中，一带电荷量为q、质量为m的小球静止在倾角为的光滑绝缘斜面上，则关于场强方向及大小的判断正确的是()图9A.向右，tanB.向左，tanC.向右，sinD.向左，sin答案B解析小球静止，所受合力为零.重力和水平方向的静电力不能使其平衡，因此一定会受到斜面支持力的作用.由三

10、力平衡条件可知，小球所受静电力应水平向右，即Eqmgtan，由此得匀强电场场强大小为tan .因小球带负电，所以匀强电场方向与小球受力方向相反，即电场方向向左，故选B.10.(多选)如图10所示，金属板带电荷量为Q，质量为m的金属小球带电荷量为q，当小球静止后，悬挂小球的绝缘细线与竖直方向间的夹角为，小球与金属板中心O恰好在同一条水平线上，且距离为L.下列说法正确的是()图10A.Q在小球处产生的场强为E1B.Q在小球处产生的场强为E1C.q在O点产生的场强为E2D.q在O点产生的场强为E2答案BC解析金属板不能看成点电荷，在小球处产生的场强不能用E计算，故A错误；根据小球受力平衡得小球受电场

11、力Fmgtan，由E得：E1，B正确；小球可看成点电荷，在O点产生的场强E2，C正确；根据牛顿第三定律知金属板受到小球的电场力大小为Fmgtan，但金属板不能看作试探电荷，故不能用E求场强，D错误.11.如图11所示，在场强为E的匀强电场中有一个质量为m的带正电小球A悬挂在绝缘细线上，当小球静止时，细线与竖直方向成30角，已知此电场方向恰使小球受到的电场力最小，则小球所带的电荷量应为()图11A.B.C.D.答案D解析电场方向恰使小球受到的电场力最小，即E的方向与细线垂直，对小球进行受力分析可得mgsin30qE，则q，故D正确.二、非选择题12.如图12所示，长l1m的轻质绝缘细绳上端固定，

12、下端连接一个可视为质点的带正电小球，小球静止在水平向右的匀强电场中，绳与竖直方向的夹角37.已知小球所带电荷量q1.0106C，匀强电场的场强E3.0103N/C，取重力加速度g10 m/s2，sin370.6，cos370.8.求：图12(1)小球所受电场力F的大小；(2)小球的质量m；(3)将电场撤去，小球回到最低点时速度v的大小.答案(1)3103N(2)4104kg(3)2m/s解析(1)小球在匀强电场中所受电场力FqE3103 N(2)对小球受力分析如图所示.由平衡条件得mg则m kg4104 kg(3)撤去电场后，只有重力做功，由动能定理得mgl(1cos)mv20代入数值解得v2

13、 m/s.13.如图13所示，有一水平向左的匀强电场，场强为E1.25104N/C，一根长L1.5m、与水平方向的夹角37的光滑绝缘细直杆MN固定在电场中，杆的下端M固定一个带电小球A，电荷量Q4.5106C；另一带电小球B穿在杆上可自由滑动，电荷量q1.0106C，质量m1.0102kg.将小球B从杆的上端N由静止释放，小球B开始运动.求：(静电力常量k9.0109Nm2/C2，g10 m/s2，sin370.6，cos370.8)图13(1)小球B开始运动时的加速度大小；(2)小球B的速度最大时，与M端的距离r.答案(1)3.2m/s2(2)0.9m解析(1)如图所示，开始运动时小球B受重力、库仑力、杆的弹力和电场力，沿杆方向运动，由牛顿第二定律得mgsinqEcosma.代入数据解得：a3.2m/s2.(2)小球B速度最大时所受合力为零，即mgsinqEcos0代入数据解得：r0.9m.14