云南省元阳县第三中学2019-2020学年高一物理上学期期末考试试题

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1、云南省元阳县第三中学2019-2020学年上学期期末考试高一物理本试卷分第卷和第卷两部分，共100分，考试时间90分钟。分卷I一、单选题(共10小题,每小题3.0分,共30分) 1.如图是甲、乙两物体运动的速度图象，下列说法正确的是()A 物体甲处于静止状态B 物体乙刚开始时以5 m/s的速度与甲物体反向运动C 物体乙在最初3 s内的位移是10 mD 物体乙在最初3 s内的路程是10 m2.关于运动和力的说法中正确的是()A 合外力等于零时，物体的加速度一定等于零B 合外力不等于零时，物体的速度一定不等于零C 合外力等于零时，物体的速度一定等于零D 合外力越大，物体的速度一定越大3.如图为一质

2、点做直线运动的速度时间图象，则在图中给出的该质点在前3 s内的加速度a随时间t变化关系图象中正确的是()A B CD4.在车厢中的A是用绳拴在底部的氢气球，B是用绳挂在车厢顶的金属球，开始时它们和车厢一起向右做匀速直线运动，若忽然刹车使车厢做匀减速运动，则下列选项图中能正确表示刹车期间车内情况的是()ABCD5.一列士兵正以某一速度v0做匀速直线运动，因有紧急情况通知排头兵，一通讯员以不变的速率跑步从队尾赶到排头，又从排头返回队尾，在此过程中通讯员的平均速度为，则()Av0 Bv0 Cv0 D 无法确定6.一个原来静止的物体，质量是7 kg，在14 N的恒力作用下开始运动，则5 s末的速度及5

3、 s内通过的路程为()A 8 m/s25 m B 2 m/s25 m C 10 m/s25 m D 10 m/s12.5 m7.关于匀速直线运动，下列说法中正确的是()A 瞬时速度不变的运动，一定是匀速直线运动B 速率不变的运动，一定是匀速直线运动C 对于匀速直线运动来说，路程就是位移D 瞬时速度的方向始终保持不变的运动，一定是匀速直线运动8.把物体做初速度为零的匀加速直线运动的总位移分成等长的三段，按从开始到最后的顺序，经过这三段位移的平均速度之比为()A 135 B 149 C 1 D 1(1)()9.图中的四幅图展示了某同学做引体向上运动前的四种抓杠姿势，其中手臂受力最小的是()A B

4、C D10.如图所示，一根轻绳跨过定滑轮后系在质量较大的球上，球的大小不可忽略在轻绳的另一端加一个力F，使球沿斜面由图示位置缓慢拉上顶端，各处的摩擦不计，在这个过程中拉力F()A 逐渐增大B 保持不变C 先增大后减小D 先减小后增大二、多选题(共4小题,每小题4.0分,共16分) 11.(多选)如图，一光滑的轻滑轮用细绳OO悬挂于O点；另一细绳跨过滑轮，其一端悬挂物块a，另一端系一位于水平粗糙桌面上的物块b.外力F向右上方拉b，整个系统处于静止状态若F方向不变，大小在一定范围内变化，物块b仍始终保持静止，则()A 绳OO的张力也在一定范围内变化B 物块b所受到的支持力也在一定范围内变化C 连接

5、a和b的绳的张力也在一定范围内变化D 物块b与桌面间的摩擦力也在一定范围内变化12.(多选)受水平外力F作用的物体，在粗糙水平面上作直线运动，其vt图线如下图所示，则()A 在0t1内，外力F大小不断增大B 在t1时刻，外力F为零C 在t1t2内，外力F大小可能不断减小D 在t1t2内，外力F大小可能先减小后增大13.(多选)关于位移和路程，以下说法正确的是()A 出租汽车按路程收费B 出租汽车按位移的大小收费C 在曲线运动中，同一运动过程的路程一定大于位移的大小D 在直线运动中，位移就是路程14.(多选)从地面上以初速度v0竖直上抛一个质量为m的小球若小球在运动过程中受到的空气阻力与其速率成

6、正比，小球运动的速率随时间变化的规律如图所示，t1时刻到达最高点，落地速率为v1，且落地前小球已经做匀速运动，则下列说法正确的是()A 小球的加速度在上升过程中逐渐减小，在下降过程也逐渐减小B 小球抛出瞬间的加速度大小为gC 小球被抛出时的加速度值最大，到达最高点时的加速度值最小D 小球上升过程的平均速度小于分卷II三、实验题(共2小题, 共15分) 15.如图所示是某同学测量匀变速直线运动的加速度时，从若干纸带中选中的一条纸带的一部分，他每隔4个点取一个计数点，图上注明了他对各个计数点间距离的测量结果。（计算结果均保留3位有效数字）（1）为了验证小车的运动是匀变速直线运动，请进行下列计算，填

7、入表内（单位：cm）。各位移差与平均值最多相差cm，由此可得出结论：在范围内小车在的位移之差相等，所以小车的运动是。（2）小车的加速度为m/s2。16.某实验小组欲以如图所示实验装置“探究加速度与物体受力和质量的关系”图中A为小车，B为装有砝码的小盘，C为一端带有定滑轮的长木板，小车通过纸带与电磁打点计时器(未画出)相连，小车的质量为m1，小盘(及砝码)的质量为m2，重力加速度g取10 m/s2.(1)下列说法正确的是_A实验时先放开小车，再启动计时器B每次改变小车质量时，应重新补偿阻力C本实验中应满足m2远小于m1的条件D在用图像探究小车加速度与质量的关系时，应作am1图像(2)实验中，得到

8、一条打点的纸带，如图所示，已知相邻计数点间的时间间隔为T，且间距x1、x2、x3、x4、x5、x6已量出，则打点计时器打下F点时小车的瞬时速度的计算式为vF_，小车加速度的计算式a_.(3)某同学补偿阻力后，在保持小车质量不变的情况下，通过多次改变砝码重力，作出小车加速度a与砝码重力F的关系图像如图所示若牛顿第二定律成立，则小车的质量为_ kg，小盘的质量为_ kg.(4)实际上，在砝码的重力越来越大时，小车的加速度不能无限制地增大，将趋近于某一极限值，此极限值为_ m/s2.四、计算题 17.物体做匀加速直线运动,它在第3 s内和第6 s内的位移分别是2.2 m和3.7 m,则(1)质点运动

9、的加速度为多少?(2)前6 s内的平均速度为多少?18.一列以60 m/s的速度匀速行驶的火车，由于遇到突发事故而关闭发动机做匀减速直线运动，从关闭发动机开始到速度减为20 m/s时共前进3 200 m求：(1)火车减速时加速度的大小；(2)火车继续减速到停止还要走多远的距离？19.情境:1966年曾在地球的上空完成了以牛顿第二定律为基础的测定质量的实验。实验时,用“双子星号”宇宙飞船m1,去接触正在轨道上运行的火箭组m2,接触以后,开动飞船尾部的推进器,使飞船和火箭组共同加速(如图所示)。推进器的平均作用力F等于895 N,推进器开动7 s,测出飞船和火箭组的速度改变是0.91 m/s。已知

10、“双子星号”宇宙飞船的质量m1=3 400 kg。问题:(1)火箭组的质量m2是多大?(2)m1对m2的作用力多大?20.如图所示，水平传送带两端相距x8 m，工件与传送带间的动摩擦因数0.6，工件滑上A端时速度vA10 m/s，设工件到达B端时的速度为vB。(g取10 m/s2)(1)若传送带静止不动，求vB；(2)若传送带顺时针转动，工件还能到达B端吗？若不能，说明理由；若能，则求出到达B点的速度vB；(3)若传送带以v13 m/s的速度逆时针匀速转动，求vB及工件由A到B所用的时间。 答案1.D 2.A 3.A 4.D 5.A 6.C 7.A 8.D 9.B 10.A11.BD 12.C

11、D 13.AC 14.ABD 15.（1）1.601.551.621.531.61 1.580.05误差允许相邻相等的时间内 匀加速直线运动（2）1.58【解析】（1）由题中数据可求各位移差依次为1.60 cm、1.55 cm、1.62 cm、1.53 cm、1.61 cm，其平均值x1.58 cm，各位移与平均值最多相差0.05 cm，所以在误差允许范围内，小车在相邻相等时间内位移之差相等，因此小车做匀加速直线运动。（2）由“逐差法”求加速度：a102m/s21.58 m/s2。16.(1)C(2)(3)2.00.06(4)10【解析】(1)实验时应先启动计时器，再放开小车，A项错；每次改变

12、小车质量时，不用重新补偿阻力，B项错；实验要求m2m1，C项对；D项中应作a图像，D错(2)中间时刻的瞬时速度等于整段位移的平均速度，故vFEG，由逐差法知a.(3)由题图aF图线可知：a0.3，即图线的斜率k，可求解得m12.0 kg.当F0时，a0.3 m/s2，此时a，所以m00.06 kg.(4)当砝码重力越来越大时，a，即m无限大时，a趋向于g.17.(1)0.5 m/s2(2)2.45 m/s【解析】(1)根据x6-x3=3at2,t=1 s,解得:a=m/s2=0.5 m/s2。(2)第3 s内的位移为2.2 m,有:2.2 m=v0t3+a-v0t2-a代入数据得:v0=0.9

13、5 m/s。前6 s内的位移为x=v0t+at2=0.956 m+0.562m=14.7 m,则前6 s内的平均速度为=m/s=2.45 m/s18.(1)0.5 m/s2(2)400 m【解析】(1)设火车减速时的加速度为a，则对火车速度从60 m/s减为20 m/s的过程，有a0.5 m/s2则火车减速时的加速度大小为0.5 m/s2.(2)设火车继续减速x2的距离后停下则0v22ax2，x2400 m.19.(1)3 484.6 kg(2)453 N【解析】(1)对整体,由牛顿第二定律 F=(m1+m2)a由运动学公式a=0.13 m/s2由以上两式得m2=3 484.6 kg故火箭组的

14、质量m2是3 484.6 kg(2)对m2,设m1对m2的作用力为T由牛顿第二定律T=m2a=453 Nm1对m2的作用力为453 N20.(1)2 m/s(2)能，2 m/s(3)13 m/s0.67 s【解析】(1)根据牛顿第二定律可知mgma，则ag6 m/s2，且vv2ax，故vB2 m/s。(2)能。 当传送带顺时针转动时，工件受力不变，其加速度就不发生变化，仍然始终减速，故工件到达B端的速度vB2 m/s。(3)工件速度达到13 m/s所用时间为t10.5 s，运动的位移为x1vAt1at5.75 m8 m，则工件在到达B端前速度就达到了13 m/s，此后工件与传送带相对静止，因此工件先加速后匀速。匀速运动的位移x2xx12.25 m，t20.17 s，tt1t20.67 s。9